2017年高考数学考前回扣教材4 数列

回扣4　数　列1.牢记概念与公式等差数列、等比数列等差数列等比数列通项公式an＝a1＋(n－1)dan＝a1qn－1(q≠0)前n项和n＝eq\f(na1＋an,2)＝na1＋eq\f(nn－1,2)d(1)q≠1，n＝eq\f(a11－qn,1－q)＝eq\f(a1－anq,1－q)(2)q＝1，n＝na12.活用定理与结论(1)等差、等比数列{an}的常用*质等差数列等比数列*质①若m，n，p，q∈N*，且m＋n＝p＋q，则a＋an＝ap＋aq②an＝a＋(n－m)d③，2－，3－2，…仍成等差数列①若m，n，p，q∈N*，且m＋n＝p＋q，则a·an＝ap·aq②an＝aqn－③，2－，3－2，…仍成等比数列(n≠0)(2)判断等差数列的常用方法①定义法：an＋1－an＝d(常数)(n∈N*)⇔{an}是等差数列.②通项公式法：an＝pn＋q(p，q为常数，n∈N*)⇔{an}是等差数列.③中项公式法：2an＋1＝an＋an＋2(n∈N*)⇔{an}是等差数列.④前n项和公式法：n＝An2＋Bn(A，B为常数，n∈N*)⇔{an}是等差数列.(3)判断等比数列的三种常用方法①定义法：eq\f(an＋1,an)＝q(q是不为0的常数，n∈N*)⇔{an}是等比数列.②通项公式法：an＝cqn(，q均是不为0的常数，n∈N*)⇔{an}是等比数列.③中项公式法：aeq\o\al(2,n＋1)＝an·an＋2(an·an＋1·an＋2≠0，n∈N*)⇔{an}是等比数列.3.数列求和的常用方法(1)等差数列或等比数列的求和，直接利用公式求和.(2)形如{an·n}(其中{an}为等差数列，{n}为等比数列)的数列，利用错位相减法求和.(3)通项公式形如an＝eq\f(c,an＋1an＋2)(其中a，1，2，为常数)用裂项相消法求和.(4)通项公式形如an＝(－1)n·n或an＝a·(－1)n(其中a为常数，n∈N*)等正负项交叉的数列求和一般用并项法.并项时应注意分n为奇数、偶数两种情况讨论.(5)分组求和法：分组求和法是解决通项公式可以写成n＝an＋n形式的数列求和问题的方法，其中{an}与{n}是等差(比)数列或一些可以直接求和的数列.(6)并项求和法：先将某些项放在一起求和，然后再求n.1.已知数列的前n项和求an，易忽视n＝1的情形，直接用n－n－1表示.事实上，当n＝1时，a1＝1；当n≥2时，an＝n－n－1.2.易混淆几何平均数与等比中项，正数a，的等比中项是±eq\r(ab).3.等差数列中不能熟练利用数列的*质转化已知条件，灵活整体代换进行基本运算.如等差数列{an}与{n}的前n项和分别为n和Tn，已知eq\f(Sn,Tn)＝eq\f(n＋1,2n＋3)，求eq\f(an,bn)时，无法正确赋值求解.4.易忽视等比数列中公比q≠0，导致增解，易忽视等比数列的奇数项或偶数项符号相同造成增解.5.运用等比数列的前n项和公式时，易忘记分类讨论.一定分q＝1和q≠1两种情况进行讨论.6.利用错位相减法求和时，要注意寻找规律，不要漏掉第一项和最后一项.7.裂项相消法求和时，*前后的值要相等，如eq\f(1,nn＋2)≠eq\f(1,n)－eq\f(1,n＋2)，而是eq\f(1,nn＋2)＝eq\f(1,2)eq\b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(\f(1,n)－\f(1,n＋2))).8.通项中含有(－1)n的数列求和时，要把结果写成分n为奇数和n为偶数两种情况的分段形式.1.已知数列{an}的前n项和为n，若n＝2an－4(n∈N*)，则an等于(　　)A.2n＋1nC.2n－1D.2n－2*　A解析　an＋1＝n＋1－n＝2an＋1－4－(2an－4)⇒an＋1＝2an，再令n＝1，∴1＝2a1－4⇒a1＝4，∴数列{an}是以4为首项，2为公比的等比数列，∴an＝4·2n－1＝2n＋1，故选A.2.已知数列{an}满足an＋2＝an＋1－an，且a1＝2，a2＝3，n为数列{an}的前n项和，则2016的值为(　　)A.0B.2C.5D.6*　A解析　由题意得，a3＝a2－a1＝1，a4＝a3－a2＝－2，a5＝a4－a3＝－3，a6＝a5－a4＝－1，a7＝a6－a5＝2，∴数列{an}是周期为6的周期数列，而2016＝6·336，∴2016＝3366＝0，故选A.3.已知等差数列{an}的前n项和为n，若a＝14－a6，则10等于(　　)A.35B.70C.28D.14*解析　a5＝14－a6⇒a5＋a6＝14，10＝eq\f(10a1＋a10,2)＝eq\f(10a5＋a6,2)＝70.故选B.4.已知等差数列{an}的前n项和为n，a2＝4，10＝110，则使eq\f(Sn＋63,an)取得最小值时n的值为(　　)A.7B.7或8C.eq\f(17,2)D.8*　D解析　a2＝4，10＝110⇒a1＋d＝4，10a1＋45d＝110⇒a1＝2，d＝2，因此eq\f(Sn＋63,an)＝eq\f(2n＋nn－1＋63,2n)＝eq\f(n,2)＋eq\f(63,2n)＋eq\f(1,2)，又n∈N*，所以当n＝8时，eq\f(Sn＋63,an)取得最小值.5.等比数列{an}中，a3a＝64，则a4等于(　　)A.8B.－8C.8或－8D.16*解析　由等比数列的*质知，a3a5＝aeq\o\al(2,4)，所以aeq\o\al(2,4)＝64，所以a4＝8或a4＝－8.6.已知等比数列{an}的前n项和为n，a1＋a3＝eq\f(5,2)，且a2＋a4＝eq\f(5,4)，则eq\f(Sn,an)等于(　　)A.4n－1n－1C.2n－1D.2n－1*　D解析　设等比数列{an}的公比为q，则eq\b\lc\{\rc\(\a\vs4\al\co1(a11＋q2＝\f(5,2)，,a1q1＋q2＝\f(5,4)，))解得eq\b\lc\{\rc\(\a\vs4\al\co1(a1＝2，,q＝\f(1,2)，))∴eq\f(Sn,an)＝eq\f(\f(a11－qn,1－q),a1qn－1)＝eq\f(\f(2×1－\f(1,2n),1－\f(1,2)),2×\f(1,2)n－1)＝2n－1.故选D.7.设函数f()＝a＋ax的导函数f′()＝2＋2，则数列{eq\f(1,fn)}的前9项和是(　　)A.eq\f(29,36)B.eq\f(31,44)C.eq\f(36,55)D.eq\f(43,66)*解析　由题意得函数f()＝a＋ax的导函数f′()＝2＋2，即axa－1＋a＝2＋2，所以a＝2，即f()＝2＋2，eq\f(1,fn)＝eq\f(1,nn＋2)＝eq\f(1,2)(eq\f(1,n)－eq\f(1,n＋2))，所以n＝eq\f(1,2)(1－eq\f(1,3)＋eq\f(1,2)－eq\f(1,4)＋eq\f(1,3)－eq\f(1,5)＋…＋eq\f(1,n)－eq\f(1,n＋2))＝eq\f(1,2)(1＋eq\f(1,2)－eq\f(1,n＋1)－eq\f(1,n＋2)).则9＝eq\f(1,2)(1＋eq\f(1,2)－eq\f(1,10)－eq\f(1,11))＝eq\f(36,55)，故选C.8.已知等差数列{an}的公差d≠0，且a1，a3，a13成等比数列，若a1＝1，n是数列{an}前n项的和，则eq\f(2Sn＋16,an＋3)(n∈N*)的最小值为(　　)A.4B.3C.2eq\r(3)－2D.eq\f(9,2)*　A解析　据题意由a1，a3，a13成等比数列可得(1＋2d)2＝1＋12d，解得d＝2，故an＝2n－1，n＝n2，因此eq\f(2Sn＋16,an＋3)＝eq\f(2n2＋16,2n＋2)＝eq\f(n2＋8,n＋1)＝eq\f(n＋12－2n＋1＋9,n＋1)＝(n＋1)＋eq\f(9,n＋1)－2，据基本不等式知eq\f(2Sn＋16,an＋3)＝(n＋1)＋eq\f(9,n＋1)－2≥2eq\r(n＋1×\f(9,n＋1))－2＝4，当n＝2时取得最小值4.9.等比数列{an}中，a4＝2，a＝5，则数列{lgan}的前8项和等于________.*　4解析　由等比数列的*质有a1a8＝a2a7＝a3a6＝a4a5，所以T8＝lga1＋lga2＋…＋lga8＝lg(a1a2…a8)＝lg(a4a5)4＝lg(10)4＝4.10.已知数列{an}满足an＋1＝an＋2n且a1＝2，则数列{an}的通项公式an＝__________.*　n2－n＋2解析　an＋1＝an＋2n，∴an＋1－an＝2n，采用累加法可得∴an＝(an－an－1)＋(an－1－an－2)＋…＋(a2－a1)＋a1，＝2(n－1)＋2(n－2)＋…＋2＋2＝n2－n＋2.11.若数列{an}满足an＝3an－1＋2(n≥2，n∈N*)，a1＝1，则数列{an}的通项公式为an＝____________.*　2×3n－1－1解析　设an＋λ＝3(an－1＋λ)，化简得an＝3an－1＋2λ，∵an＝3an－1＋2，∴λ＝1，∴an＋1＝3(an－1＋1)，∵a1＝1，∴a1＋1＝2，∴数列{an＋1}是以2为首项，3为公比的等比数列，∴an＋1＝2×3n－1，∴an＝2×3n－1－1.12.数列1eq\f(1,3)，2eq\f(1,9)，3eq\f(1,27)，4eq\f(1,81)，5eq\f(1,243)，…的前n项之和等于________________.*　eq\f(nn＋1,2)＋eq\f(1,2)[1－(eq\f(1,3))n]解析　由数列各项可知通项公式为an＝n＋eq\f(1,3n)，由分组求和公式结合等差数列、等比数列求和公式可知前n项和为n＝eq\f(nn＋1,2)＋eq\f(1,2)[1－(eq\f(1,3))n].13.设数列{an}的前n项和为n，a1＝1，an＋1＝λSn＋1(n∈N*，且λ≠－1)，且a1，2a2，a3＋3为等差数列{n}的前三项.(1)求数列{an}，{n}的通项公式；(2)求数列{ann}的前n项和.解　(1)方法一　∵an＋1＝λSn＋1(n∈N*)，∴an＝λSn－1＋1(n≥2).∴an＋1－an＝λan，即an＋1＝(λ＋1)an(n≥2)，λ＋1≠0，又a1＝1，a2＝λS1＋1＝λ＋1，∴数列{an}为以1为首项，以λ＋1为公比的等比数列，∴a3＝(λ＋1)2，∴4(λ＋1)＝1＋(λ＋1)2＋3，整理得λ2－2λ＋1＝0，得λ＝1.∴an＝2n－1，n＝1＋3(n－1)＝3n－2.方法二　∵a1＝1，an＋1＝λSn＋1(n∈N*)，∴a2＝λS1＋1＝λ＋1，a3＝λS2＋1＝λ(1＋λ＋1)＋1＝λ2＋2λ＋1.∴4(λ＋1)＝1＋λ2＋2λ＋1＋3，整理得λ2－2λ＋1＝0，得λ＝1.∴an＋1＝n＋1(n∈N*)，∴an＝n－1＋1(n≥2)，∴an＋1－an＝an，即an＋1＝2an(n≥2)，又a1＝1，a2＝2，∴数列{an}为以1为首项，以2为公比的等比数列，∴an＝2n－1，n＝1＋3(n－1)＝3n－2.(2)设数列{ann}的前n项和为Tn，ann＝(3n－2)·2n－1，∴Tn＝1·1＋4·21＋7·22＋…＋(3n－2)·2n－1.①∴2Tn＝1·21＋4·22＋7·23＋…＋(3n－5)·2n－1＋(3n－2)·2n.②①－②得－Tn＝1·1＋3·21＋3·22＋…＋3·2n－1－(3n－2)·2n＝1＋3·eq\f(2·1－2n－1,1－2)－(3n－2)·2n.整理得Tn＝(3n－5)·2n＋5.14.已知数列{an}的各项均为正数，前n项和为n，且n＝eq\f(anan＋1,2)(n∈N*)，(1)求*：数列{an}是等差数列；(2)设n＝eq\f(1,Sn)，Tn＝1＋2＋…＋n，若λ≤Tn对于任意n∈N*恒成立，求实数λ的取值范围.(1)*　∵n＝eq\f(anan＋1,2)(n∈N*)，①∴n－1＝eq\f(an－1an－1＋1,2)(n≥2).②①－②得：an＝eq\f(a\o\al(2,n)＋an－a\o\al(2,n－1)－an－1,2)(n≥2)，整理得：(an＋an－1)(an－an－1)＝(an＋an－1)，∵数列{an}的各项均为正数，∴an＋an－1≠0，∴an－an－1＝1(n≥2).当n＝1时，a1＝1，∴数列{an}是首项为1，公差为1的等差数列.(2)解　由(1)得n＝eq\f(n2＋n,2)，∴n＝eq\f(2,n2＋n)＝eq\f(2,nn＋1)＝2(eq\f(1,n)－eq\f(1,n＋1))，∴Tn＝2[(1－eq\f(1,2))＋(eq\f(1,2)－eq\f(1,3))＋(eq\f(1,3)－eq\f(1,4))＋…＋(eq\f(1,n)－eq\f(1,n＋1))]＝2(1－eq\f(1,n＋1))＝eq\f(2n,n＋1)，∵Tn＝eq\f(2,1＋\f(1,n))，∴Tn单调递增，∴Tn≥T1＝1，∴λ≤1.故λ的取值范围为(－∞，1].