初中_物理_初三【物理】_9年级上下册物理练习_九年级（上）期末物理试卷（解析版）含*_*苏省南京市*宁区九年级上学期期末物理试卷【解析版】

*苏省南京市*宁区九年级（上）期末物理试卷　一、选择题（本题共12小题，每小题2分，共24分．每小题给出的四个选项中只有一个选项符合要求）1．在*单位制中，电功率的单位是（　　）A．安培（A）B．伏特（V）C．瓦特（W）D．焦耳（J）　2．如图所示，下列工具使用时，属于省力杠杆的是（　　）　3．下列事例中，人对物体没有做功的是（　　）A．将质量是100kg的杠铃举高20cmB．扛着米袋慢慢登上楼梯C．提着重50N的水桶在水平地面上匀速前进10mD．用20N的水平力推着电动车在水平面上移动了5m　4．小明学习了“能源与可持续发展”后产生了如下的想法，其中正确的是（　　）A．核电站发生核泄漏不会造成危害B．使用化石能源会对环境造成破坏C．石油价格在降低，表明石油无利用价值了D．太阳能只能转化成电能和内能　5．如图所示，小宇从公园里的滑梯上滑下，在滑下的过程中，下列说法正确的是（　　）A．人与滑梯接触部位感到好烫，是因为太阳把滑梯晒热了B．沿着斜面下滑的过程中没有力对小宇做功C．由于惯*，当他滑到滑梯底部时难以立即停下来D．人的重力势能变小，但总的机械能不变　6．下列关于信息的传递说法正确的是（　　）A．车载GPS*系统是利用超声波进行定位和*的B．信息是可以利用的，但不可以传播C．光纤通信只能传播图象信息，不能传播声音信息D．用三颗在赤道上空均匀分布的地球同步卫星就可实现全球通信　7．小云观察到他家里的电*箱冷藏室里有一盏照明灯和一个小风扇，他看到：当*箱门打开时，照明灯亮而风扇停转，当*箱门关闭时，照明灯熄灭而风扇转，为此他设计了四个电路图，其中L为灯泡，M为风扇，S为单*双掷开关，设计合理的是（　　）A．B．C．D．　8．如图所示，R1的电阻是30Ω，R2的电阻是40Ω，闭合开关S，断开开关S1时电流表的示数是0.3A，再闭合开关S1后电流表的示数是（　　）A．0.3AB．0.4AC．0.7AD．0.8A　9．下列做法中，符合安全用电常识的是（　　）A．有人触电时，立即用干木棍去挑开电线B．保险丝熔断了，用铜丝代替保险丝C．清扫时，用湿抹布擦墙上的*座D．更换家庭照明电路中的开关时，不切断电源　10．下列用电器中，利用电流热效应的是（　　）A．电脑B．电*箱C．电视机D．电热水器　11．如图为一只“6V1.5W”小灯泡的电流随电压变化的关系图象．若把这样的三只灯泡串联起来，接在12V的电源两端，则此时每只灯泡的电阻及实际功率为（　　）A．20Ω0.8WB．20Ω0.67WC．24Ω0.67WD．24Ω0.96W　12．如图，电源电压恒为4.5V，灯泡L标有“3V0.9W”字样，在不损坏电路元件的情况下，下列判断正确的是（　　）A．该电路的最大功率是1.35WB．滑动变阻器的阻值可以调到零C．滑片P向右移动时，电压表示数变大D．滑片P向左移动时，灯泡消耗的功率变大　　二、填空题（本题共8小题，每空1分，共26分）13．（1）2013年12月6日“嫦娥三号”顺利进入预定轨道．在18时00分20秒这一时刻，控制中心接收到“嫦娥三号”发出的信号．“嫦娥三号”发出信号的时刻用莫尔斯电码表示，其代码为“•﹣﹣﹣﹣；﹣﹣﹣••；﹣﹣﹣﹣﹣；﹣﹣﹣﹣﹣；•﹣﹣﹣﹣；﹣﹣﹣﹣•”．莫尔斯电码与数字的关系如表所示．“嫦娥三号”发出信号的时刻为　　　　　　．（2）加图所示是2013年l2月14日登陆月球表面的“玉兔号”月球车．它科学探测得到的图象和数据是通过　　　　　　（选填“声波”或“电磁波”）传递到地球的，若月球到地球的距离为3.8×105km，则把信息从月球传到地球的时间是　　　　　　（保留两位小教）．（3）“玉兔号”利用的太阳能属于　　　　　　（选填“可再生”或“不可再生”）能源．数字莫尔斯电码数字莫尔斯电码0﹣﹣﹣﹣﹣5…1•﹣﹣﹣﹣6﹣…2••﹣﹣﹣7﹣﹣…3…﹣﹣8﹣﹣﹣••4…﹣9﹣﹣﹣﹣•　14．如图是皮球落地后*跳过程中，相机每隔相等时间曝光一次所拍摄的照片．A、B是同一高度的两点，则B点的重力势能　　　　　　A点的重力势能（选填“大于”“小于”或“等于”）；在图中所示过程中皮球的机械能　　　　　　（选填“增大”、“减小”或“不变”）．　15．汽车超载和超速往往给公路交通带来很大安全隐患．为了模拟研究这一问题，小敏同学设计了如图所示的探究实验：让A、B、C三个小球先后从同一斜槽不同位置由静止滚下，推动原来静止在水平面上的小木块运动一段距离后静止．已知mA=mB＜mC，hA=hC＞hB，回答下面问题：（1）实际情况转化为物理知识探究的问题是　　　　　　．（2）小球动能的大小是用　　　　　　来反映的；（3）用来研究超载安全隐患时，我们应选择图*和图　　　　　　所示实验；（4）用来研究超速安全隐患时，我们应选择图　　　　　　和图　　　　　　所示实验．　16．用如图所示的滑轮组在4s内将重为50N的物体匀速提升2m，绳端拉力为20N，不计摩擦及绳重，绳子自由端移动的速度为　　　　　　m/s．动滑轮的重力为　　　　　　N，所做的有用功为　　　　　　J．滑轮组的机械效率为　　　　　　%．　17．如图是四冲程汽油机工作时的　　　　　　冲程，活塞下降时，燃气内能　　　　　　（选填“减少”或“增加”）．若一台四冲程汽油机的飞轮转速为1200r/min，则该汽油机每秒钟做功　　　　　　次．　18．如图所示电路，若要使R1、R2并联，则应闭合开关　　　　　　，当只闭合S3时电流表所测的是通过　　　　　　的电流．　19．在如图所示的电路中．将电压表V1、V2正确接入电路．闭合开关S，电路正常工作，各电表的示数均不为零．移动滑动变阻器R2的滑片P，电压表V1与电流表A的示数的比值不发生变化，电压表V2与电流表A示数的比值发生变化．①电压表V1测量的是　　　　　　两端的电压；②若电压表V1与V2示数的比值逐渐变大，则变阻器的滑片P正在向　　　　　　端移动（选填“a”或“b”）．　20．张华从上个月家里的电费缴费单知道本月家里电表的基数是2278.6kW•h，右图是他家电子式电能表的表盘，其示数是　　　　　　kW•h．则到目前为止，他家本月消耗的电能是　　　　　　kW•h．张华想利用这个电能表测量家里电热水器的电功率，为了能比较准确的测得电热水器的电功率，他应该　　　　　　，只让电热水器工作．在测量中他记录了该电能表的指示灯在4min内闪烁320次．则该热水器的实际功率是　　　　　　W．　　三、解答题（本题共9小题，共50分．根据要求解答，要求公式和解题过程）21．（1）“节约用水，人人有责”，如图1*是用水后及时关闭水龙头时的情景，水龙头手柄看作是一个杠杆，请你在图1乙所示的示意图中画出阻力F2的力臂l2，串画出施加在A点的最小动力F1及其力臂l1．（2）近年来，我区新增了不少新能源公交车，在公交车后门的两侧扶手上，各装有一个按钮（相当于一个开关），想要下车的乘客只要按下任何一个按钮，装在驾驶台上的指示灯都会发光，提醒司机有乘客需要下车，请设计一个符合要求的电路图（已画出指示灯和电源，如图2所示）．（3）图3是由小电灯、开关及电池组成的简易有线电报机原理电路，请在右边的虚线框内画出相应的电路图．　22．根据“探究杠杆的平衡条件”实验要求，完成下列各题：（1）实验开始时，杠杆的位置如图*所示．小明同学想要通过调节杠杆左端的螺母，使杠杆在水平位置平衡，则调节时应使左端的螺母向　　　　　　移动（选填“左”或“右”）．（2）小明小组得到的三组实验数据如表所示：动力F1/N动力臂L1/cm阻力F2/N阻力臂L2/cm2511016232424根据实验数据，可以得出的结论是：　　　　　　（用文字或符号表述均可）．（3）实验中，在杠杆上的D点挂四个重均为0.5N的钩码，用调好的*簧测力计竖直向上拉杠杆上的C点，使杠杆水平平衡，如图*所示，测力计的示数是　　　　　　N；如果将测力计沿图中虚线方向拉，仍使杠杆在水平位置平衡，则测力计的示数将　　　　　　（变大/不变/变小）．　23．“探究串联电路的电压关系”的实验电路如图*所示．（1）为了使探究得出的结论具有普遍意义．L1、L2应该选择　　　　　　（选填“相同”或“不同”）的小灯泡．（2）小明根据图*连接好电路，闭合开关，电压表示数如图乙所示，为了使实验结果更准确，接下来他应该　　　　　　．（3）测量完成后，进行小组交流讨论．下表选录了四个小组的数据，你认为这些数据是否合理．请说明理由．答：　　　　　　．实验小组L1两端电压/VL2两端电压/V串联总电压/V11.43.14.523.01.34.431.11.72.941.81.23.0　24．在“探究影响导体电阻大小的因素”实验中，某实验小组提出了如下猜想：猜想一：导体电阻跟导体长度有关；猜想二：导体电阻跟导体粗细有关；猜想三：导体电阻跟导体材料有关．同学们想利用如图的电路和表中的导体验*上述猜想．导体代号长度/m横截面积/mm2材料A1.00.2锰铜B1.00.4锰铜C1.00.6锰铜D0.50.4锰铜E1.50.4锰铜F1.00.6镍铬合金G1.00.6铁（1）请将猜想一的实验设计思维路补充完整．选取　　　　　　和　　　　　　相同、　　　　　　不同的导体，分别将其接入如图电路中．通过比较电路中　　　　　　的大小，判断导体电阻的大小．（2）验*猜想三时，若需对比三个实验数据，则应从上表中选取导体　　　　　　（填写导体代号来进行实验）．　25．图*是测量小灯泡电功率的电路．小灯泡的额定电压为2.5V．（1）请根据图*将图乙中的实物电路连接完整（导线不允许交叉）．（2）闭合开关前，将滑动变阻器的滑片移到阻值最大处．闭合开关后发现小灯泡不亮，电压表示数为零，电流表指针偏转．逐渐向右移动滑片，小灯泡始终不亮，电压表示数仍然为零，电流表示数逐渐变大．该电路故障可能是　　　　　　．（3）排除故障后正确*作实验，测量数据如下表所示实验次数12345678发光情况明亮亮更明亮较亮较暗微光熄灭熄灭电压U/V2.52.13.01.71.30.90.50.1电流I/A0.280.260.300.240.210.190.160.05分析实验数据可知：①小灯泡的额定功率为　　　　　　W．②7、8两次实验中，灯泡熄灭的原因是　　　　　　．③小灯泡在断电一段时间后的电阻可能是　　　　　　（填“0Ω”、“1Ω”、“2Ω”或“8.9Ω”）．　26．如图所示，是“探究电流产生的热量与哪些因素有关”的实验装置．烧瓶内装有横截面积相同，长度不同（*的长度小于乙的长度）的镍铬丝，并*有相同规格的温度计．（l）电阻丝R1　　　　　　R2（选填“＜”、“=”或“＞”）；（2）为了在较短的时间内达到明显的实验效果，在水和煤油中你选择　　　　　　作为液体来做实验．说出你选择的理由　　　　　　的特点；（3）通电一定时间后，观察瓶中　　　　　　，由此得出的实验结论是：电流相等，通电时间相同时，电流产生的热量与　　　　　　有关．（4）利用图中的实验装置还可以探究电流通过导体产生的热量与　　　　　　有关．你的做法是　　　　　　．　27．燃气灶烧水时，把质量为2kg、初温为20℃的水加热到100℃，共燃烧了0.02m3天然气（假设天然气完全燃烧）．已知水的比热容为4.2×103J/（kg•℃），天然气的热值为8.4×107J/m3．求：（1）水吸收的热量；（2）燃气灶烧水时的效率；（3）请你从能量利用的角度分析在此过程中能量的转化形式，并说明能量转化具有方向*．　28．如图所示的电路中，电源电压恒为12V，电阻R1的阻值为10Ω，电阻R2的阻值为30Ω，电流表A的量程取0～0.6A．闭合开关S．（1）求电阻R1两端的电压．（2）现用标有“20Ω1A”字样的滑动变阻器R3替换电阻R2，为使电路中各元件安全，求变阻器R3连入电路的阻值范围．　29．如图所示，是家用保温式电饭锅的电路原理图，S是手动、温控一体开关一一必须用外力按下才能闭合，但当锅底温度达到大约103℃以上时，会自动*起断开进入保温状态．已知R2=495Ω，电饭锅的额定加热功率为880W．（1）R1、R2中，　　　　　　是加热电阻．要使电饭锅加热，开关S应　　　　　　（“闭合”或“断开”）．（2）当电饭锅处于正常加热状态时，电路中的电流是多大？（3）保温时R1、R2产生的热量之比是多少？　　20142015学年*苏省南京市*宁区九年级（上）期末物理试卷参考*与试题解析　一、选择题（本题共12小题，每小题2分，共24分．每小题给出的四个选项中只有一个选项符合要求）1．在*单位制中，电功率的单位是（　　）A．安培（A）B．伏特（V）C．瓦特（W）D．焦耳（J）考点：电功率．专题：电能和电功率．分析：根据*单位制中规定物理量的主单位及符号：电功率﹣瓦特（W）、电流﹣安培（A）、电压﹣伏特（V）、能量﹣焦耳（J）进行判断．解答：解：A、在*单位制中安培（A）是电流的单位，不合题意：B、在*单位制中伏特（V）是电压的单位，不合题意；C、在*单位制中瓦特（W）是电功率的单位，符合题意；D、在*单位制中焦耳（J）是能量的单位，不合题意．故选C．点评：记住*单位制中所学物理量的符号及其单位的符号，是学好物理的基础．　2．如图所示，下列工具使用时，属于省力杠杆的是（　　）考点：杠杆的分类．专题：简单机械．分析：结合图片和生活经验，先判断杠杆在使用过程中，动力臂和阻力臂的大小关系，再判断它是属于哪种类型的杠杆．解答：解：A、天平在使用过程中，动力臂等于阻力臂，属于等臂杠杆，不省力也不费力；B、羊角锤在使用过程中，动力臂大于阻力臂，属于省力杠杆；C、扫帚在使用过程中，动力臂小于阻力臂，属于费力杠杆；D、钓鱼竿在使用过程中，动力臂小于阻力臂，属于费力杠杆．故选：B．点评：杠杆的分类主要包括以下几种：①省力杠杆，动力臂大于阻力臂；②费力杠杆，动力臂小于阻力臂；③等臂杠杆，动力臂等于阻力臂．　3．下列事例中，人对物体没有做功的是（　　）A．将质量是100kg的杠铃举高20cmB．扛着米袋慢慢登上楼梯C．提着重50N的水桶在水平地面上匀速前进10mD．用20N的水平力推着电动车在水平面上移动了5m考点：力是否做功的判断．专题：功、功率、机械效率．分析：力对物体做功的两个条件：一是力，二是物体沿力的方向通过的距离．两个条件缺一不可．解答：解：A、将质量是100kg的杠铃举高20cm，有力的作用，物体在力的方向上通过了距离，所以做了功，不合题意；B、扛着米袋慢慢登上楼梯，米袋在力的作用下，移动了距离，人对米袋做功，不合题意；C、提着重50N的水桶在水平地面上匀速前进10m，水桶移动方向和力的方向垂直，人对水桶不做功，符合题意；D、用20N的水平力推着电动车在水平面上移动了5m，有力的作用，物体在力的方向上通过了距离，所以做了功，不合题意．故选C．点评：此题考查的是力对物体做功的条件的判断，特别要好好理解物体沿力的方向通过的距离．　4．小明学习了“能源与可持续发展”后产生了如下的想法，其中正确的是（　　）A．核电站发生核泄漏不会造成危害B．使用化石能源会对环境造成破坏C．石油价格在降低，表明石油无利用价值了D．太阳能只能转化成电能和内能考点：能源与人类生存和社会发展的关系．专题：能源的利用与发展．分析：（1）核电站的建设与运行若有疏漏会造成环境污染，其主要危害在于核燃料和核废料都具有放**；能量可以相互转化或转移，但转化后的能源不一定能被利用；（2）化石能源的过量应用会造成严重的环境污染；（3）煤、石油等化石能源仍然是目前人类大规模应用的主要能源；（4）太阳能的利用方式有多种，①直接被物体吸收转化为内能，如太阳能热水器；②将太阳能转化为化学能，如植物的光合作用；③太阳能可以转化为电能，如太阳能电池等．解答：解：A、核电站的建设与运行若有疏漏会造成环境污染，核废料具有放**．此选项错误；B、使用化石能源会对大气造成不同程度的污染．此选项正确；[来源:学科网]C、石油价格的高低受多种因素的影响，价格降低，并不能说石油无利用价值了．此选项错误；D、太阳能的利用方式有多种，可以转化为内能，化学能，电能等．此选项错误．故选B．点评：本题考查了与能源有关的多方面的知识，综合*较强，但都是一些基础知识，是中考常见题型．　5．如图所示，小宇从公园里的滑梯上滑下，在滑下的过程中，下列说法正确的是（　　）A．人与滑梯接触部位感到好烫，是因为太阳把滑梯晒热了B．沿着斜面下滑的过程中没有力对小宇做功C．由于惯*，当他滑到滑梯底部时难以立即停下来D．人的重力势能变小，但总的机械能不变考点：能量的相互转化；惯*；力是否做功的判断．专题：功和能综合题．分析：解答此题从以下知识点入手：（1）克服摩擦做功，机械能转化为内能，机械能减少，内能增加．（2）有力作用在物体上，物体在力的方向上通过距离，则力做功；（3）物体保持运动状态不变的*质叫惯*，惯*是物体的一种属*，一切物体都有惯*；（4）重力势能的影响因素是质量和高度，动能和势能之和为机械能．解答：解：A、小宇从滑梯上滑下，臀部和滑梯之间存在摩擦，克服摩擦做功，机械能转化为内能，臀部内能增加，温度升高，有灼热的感觉，不是因为太阳把滑梯晒热了，故A错误．B、沿着斜面下滑的过程中，小宇受到重力的作用，且在力的方向上通过了距离，故重力对小宇做功，因此B错误；C、小宇原来是运动的，当他滑到滑梯底部时，由于惯*仍保持原来的运动状态，所以难以立即停下来，故C正确．D、小孩从滑梯上自由滑下的过程中，克服摩擦做功，部分机械能转化成了内能，机械能变小，故D错误．故选C．点评：此题主要考查惯*，做功的判断，能量的转化，包括动能、重力势能的变化或机械能的转化等，属于基础知识．　6．下列关于信息的传递说法正确的是（　　）A．车载GPS*系统是利用超声波进行定位和*的B．信息是可以利用的，但不可以传播C．光纤通信只能传播图象信息，不能传播声音信息D．用三颗在赤道上空均匀分布的地球同步卫星就可实现全球通信考点：电磁波的传播；光纤通信；卫星中继通信．专题：信息的传递．分析：A、GPS是通过电磁波传递信息进行定位与*的；B、信息可以通过不同的技术手段进行传播；C、光纤通信是现代通信的主要传输工具，可以传播声音、图象信息等；D、用通信卫星做微波通信的中继站，在赤道上空等间隔分布的3颗地球静止轨道通信卫星可以实现除两极部分地区外的全球通信．解答：解：A、车载GPS*系统是利用电磁波进行定位和*的，故A错误；B、信息是可以利用的，也可以通过各种形式进行传播，故B错误；C、光纤通信既能传播图象信息，也能传播声音信息，故C错误；D、要想实现全球通信，可以用通信卫星做微波通信的中继站，并在地球周围均匀地配置3颗地球同步通信卫星，故D正确．故选D．点评：本题考查了电磁波的应用、卫星通信、光纤通信等问题，是一道基础题，应记住三颗卫星可实现全球通信．　7．小云观察到他家里的电*箱冷藏室里有一盏照明灯和一个小风扇，他看到：当*箱门打开时，照明灯亮而风扇停转，当*箱门关闭时，照明灯熄灭而风扇转，为此他设计了四个电路图，其中L为灯泡，M为风扇，S为单*双掷开关，设计合理的是（　　）A．B．C．D．考点：串、并联电路的设计．专题：电流和电路．分析：先根据串并联电路的特点确定照明灯和电动机的工作方式，然后逐个分析每个选项中各元件的工作情况，找出符合要求的电路．解答：解：根据题意可知，电动机和照明灯工作时互不影响，因此照明灯和电动机并联；A、根据电路图可知，当开关S拨到左侧触点时，照明灯工作，电动机不工作；当开关S拨到下方触点时，电动机和照明灯都不工作；不符合题意；B、根据电路图可知，当开关S拨到右侧触点时，照明灯工作，电动机不工作；当开关S拨到下方触点时，电动机工作，照明灯不工作，符合题意；C、根据电路图可知，当开关S拨到下方触点时，照明灯工作，电动机不工作；当开关S拨到右侧触点时，照明灯和电动机串联，不符合题意；D、根据电路图可知，当开关S拨到上方右侧触点时，照明灯和电动机都不工作；不符合题意．故选B．点评：本题考查了电路图的设计，关键是根据电路图判断开关处于不同位置时，各元件的工作情况．　8．如图所示，R1的电阻是30Ω，R2的电阻是40Ω，闭合开关S，断开开关S1时电流表的示数是0.3A，再闭合开关S1后电流表的示数是（　　）A．0.3AB．0.4AC．0.7AD．0.8A考点：欧姆定律的应用．专题：电路和欧姆定律．分析：（1）当开关S1断开时，电路为R2的简单电路，电流表测通过的电流，根据欧姆定律求出电源的电压；（2）当开关S1闭合时，两电阻并联，电流表测干路电流，根据电阻的并联求出电路中的总电阻，利用欧姆定律求出电流表的示数．解答：解：（1）当开关S1断开时，电路为R2的简单电路，电流表测通过的电流，由I=可得，电源的电压：U=I2R2=0.3A×40Ω=12V；（2）当开关S1闭合时，两电阻并联，电流表测干路电流，因并联电路中总电阻的倒数等于各分电阻倒数之和，所以，电路中的总电阻：R===Ω，电流表的示数：I===0.7A．故选C．点评：本题考查了并联电路的特点和欧姆定律的应用，是一道较为简单的应用题．　9．下列做法中，符合安全用电常识的是（　　）A．有人触电时，立即用干木棍去挑开电线B．保险丝熔断了，用铜丝代替保险丝C．清扫时，用湿抹布擦墙上的*座D．更换家庭照明电路中的开关时，不切断电源考点：安全用电原则．专题：电与热、生活用电．分析：（1）发现有人触电时，首先切断电源或让触电者尽快脱离开电源，再实行救援措施；（2）保险丝的作用就是在电流异常升高到一定的高度的时候，自身熔断切断电流，从而起到保护电路安全运行的作用；（3）当人体直接或间接接触火线并形成电流通路的时候，就会有电流流过人体，从而造成触电．解答：解：A、发现有人触电时，应尽快切断电源或用绝缘干木棍挑开电线让触电者尽快脱离开电源，再实行救治措施，该选项说法正确；B、当用细铜丝代替后，细铜丝的熔点很高，温度即使升高到一定程度，它也不会自动熔断，起不到保护电路的作用，该选项说法不正确；C、水属于导体，用湿抹布擦墙上的*座，有可能使电流通过水传到人体上，使人体触电，十分危险，该选项说法不正确；D、在维修电路时，必须断开电源，带电*作是比较危险的，该选项说法不正确．故选A．点评：本题考查的是日常生活中的一些安全用电常识，要掌握安全用电的原则：不接触低压带电体，不靠近高压带电体．值得注意的是：本来不带电的物体带了电；本来不导电的物体导电了．　10．下列用电器中，利用电流热效应的是（　　）A．电脑B．电*箱C．电视机D．电热水器考点：电流的热效应、化学效应和磁效应．专题：电和热综合题．分析：当电流通过电阻时，电流做功而消耗电能，产生了热量，这种现象叫做电流的热效应．这一过程电能转化为内能，据此做出判断．解答：解：A、电脑工作时，把电能转化成声和光及少量内能，不是主要利用电流的热效应，故A错误；B、电*箱中主要是压缩机工作，将电能转化为机械能，不是利用电流的热效应，故B错误；C、电视机工作时，把电能转化成声和光及少量内能，不是主要利用电流的热效应，故C错误；D、电热水器工作时是利用了电流的热效应，将电能转化为内能，故D正确．故选D．点评：主要考查电流的热效应、电流的磁效应和电流的化学效应在生活中的应用实例，只有认真把握它们的定义，才能真正区分它们利用的是哪一个效应．体现了物理来源于生活，又服务于社会的理念．　11．如图为一只“6V1.5W”小灯泡的电流随电压变化的关系图象．若把这样的三只灯泡串联起来，接在12V的电源两端，则此时每只灯泡的电阻及实际功率为（　　）A．20Ω0.8WB．20Ω0.67WC．24Ω0.67WD．24Ω0.96W考点：欧姆定律的应用；电功率的计算．专题：欧姆定律；电能和电功率．分析：在串联电路中，当各电阻的阻值都相同时，则各电阻两端分得的电压也相等，根据这个规律，我们就可以算出这三只灯泡串联时每只灯泡两端的电压；知道了灯泡两端的电压以后，我们就可以根据图象找出灯泡两端实际电压对应的实际电流，然后就可以根据公式R=和公式P=UI算出灯泡的电阻和灯泡的实际功率．解答：解：因为三只灯泡串联且规格相同，则它们的电流和电阻都相同，所以这三只灯泡两端的电压都相同，根据串联电路电压规律可知，每只灯泡两端的电压都为4V；由图象可知，当U=4V时，I=0.2A，则由欧姆定律I=可知，小灯泡的电阻：R===20Ω，小灯泡的电功率：P=UI=4V×0.2A=0.8W．故选A．点评：小灯泡的电阻随温度的变化而变化，在解答本题时一定要注意题中所给示的图象，要围绕这个图象去进行计算．在解答本题时，如果不注意这个图象（灯泡的电阻是随温度变化的），就直接用小灯泡的额定功率、额定电压和公式R=进行计算，那就会出现错误，因为用这个公式算得的电阻是小灯泡在额定电压下正常发光时的电阻，并不是三只小灯泡串联时的电阻．当然我们并不是说公式R=是错误的，只是在这道题中不能用它来直接进行计算，因为该题中的图象就明确的告诉我们小灯泡的电阻是在变化的．当一道题中不考虑灯丝温度对电阻的影响，那我们就可以利用小灯泡的额定功率、额定电压和公式R=进行小灯泡电阻的计算．　12．如图，电源电压恒为4.5V，灯泡L标有“3V0.9W”字样，在不损坏电路元件的情况下，下列判断正确的是（　　）A．该电路的最大功率是1.35WB．滑动变阻器的阻值可以调到零C．滑片P向右移动时，电压表示数变大D．滑片P向左移动时，灯泡消耗的功率变大考点：电功率的计算；欧姆定律的应用．菁优网版权所有专题：欧姆定律；电能和电功率．分析：由图知，灯泡与滑动变阻器串联，电压表测量滑动变阻器两端电压．①已知灯泡额定电压和额定功率，可以得到灯泡正常发光的电流，也就是电路最大电流，利用公式P=UI得到该电路的最大功率；②已知灯泡额定电压，也就是灯泡两端允许加的最大电压；③在串联电路中，用电器两端电压与其阻值成正比；④在串联电路中，用电器消耗的功率用P=I2R比较．解答：解：A、因为P=UI，所以串联电路最大电流为I=I额===0.3A，所以电路最大功率为P=UI=4.5V×0.3A=1.35W．此选项正确；B、当滑动变阻器滑片调到0时，灯泡两端电压为4.5V，而灯泡的额定电压为3V，所以会烧坏灯泡．此选项错误；C、滑片向右滑动时，滑动变阻器接入电路的电阻减小，所以两端电压减小，即电压表示数减小．此选项错误；D、当滑片向左滑动时，滑动变阻器接入电路的电阻增大，电路总电阻增大，电源电压不变，由I=知，电路电流减小，由公式P=I2R知，灯泡电阻不变，通过的电流减小，所以灯泡消耗的功率减小．此选项错误．故选A．点评：本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的灵活应用，关键是根据滑片滑动方向确定接入电路的电阻大小．　二、填空题（本题共8小题，每空1分，共26分）13．（1）2013年12月6日“嫦娥三号”顺利进入预定轨道．在18时00分20秒这一时刻，控制中心接收到“嫦娥三号”发出的信号．“嫦娥三号”发出信号的时刻用莫尔斯电码表示，其代码为“•﹣﹣﹣﹣；﹣﹣﹣••；﹣﹣﹣﹣﹣；﹣﹣﹣﹣﹣；•﹣﹣﹣﹣；﹣﹣﹣﹣•”．莫尔斯电码与数字的关系如表所示．“嫦娥三号”发出信号的时刻为　18：00：19　．（2）加图所示是2013年l2月14日登陆月球表面的“玉兔号”月球车．它科学探测得到的图象和数据是通过　电磁波　（选填“声波”或“电磁波”）传递到地球的，若月球到地球的距离为3.8×105km，则把信息从月球传到地球的时间是　1.27　（保留两位小教）．（3）“玉兔号”利用的太阳能属于　可再生　（选填“可再生”或“不可再生”）能源．数字莫尔斯电码数字莫尔斯电码0﹣﹣﹣﹣﹣5…1•﹣﹣﹣﹣6﹣…2••﹣﹣﹣7﹣﹣…3…﹣﹣8﹣﹣﹣••4…﹣9﹣﹣﹣﹣•考点：模拟信号和数字信号；电磁波的传播；能源的分类．专题：信息的传递；能源的利用与发展．分析：（1）由莫尔斯电码与数字的关系可推断出“嫦娥三号”发出信号的时刻．（2）电磁波可以在真空中传播，而声波不能在真空中传播，据此判断；根据s=vt的变形公式可求出信息传播的时间．（3）太阳能可源源不断的由太阳提供，属可再生能源．解答：解：（1）对照表格信息，根据莫尔斯电码与数字的关系可推断出“嫦娥三号”发出信号的时刻是18时00分19秒；（2）太空中是真空，声波不能在真空中传播，而电磁波可以，故科学探测得到的图象和数据是通过电磁波传递到地球的；由公式v=得，“嫦娥三号”距离控制中心的距离：s=vt=3×108m/s×1s=3×108m=3×105km把信息从月球传到地球的时间是：t==≈1.27s；（3）“玉兔号”利用的太阳能可源源不断得到，属于可再生能源．故*为：（1）18：00：19；（2）电磁波；1.27；（3）可再生．点评：本题考查莫尔斯电码的认识、电磁波的传播特点以及速度的计算、太阳能的利用等知识，明确电磁波可以在真空中传播，从文中获取有用的信息是解题关键．　14．如图是皮球落地后*跳过程中，相机每隔相等时间曝光一次所拍摄的照片．A、B是同一高度的两点，则B点的重力势能　等于　A点的重力势能（选填“大于”“小于”或“等于”）；在图中所示过程中皮球的机械能　减小　（选填“增大”、“减小”或“不变”）．考点：动能和势能的大小变化；机械能．专题：机械能及其转化．分析：动能大小的影响因素：质量、速度．质量越大，速度越大，动能越大．重力势能大小的影响因素：质量、被举得高度．质量越大，高度越高，重力势能越大．机械能是动能和势能的总和，但在转化过程中，机械能会有一部分转化为内能而消耗掉．解答：解：（1）重力势能大小的影响因素：质量、被举得高度，A、B是同一高度的两点，则B点的重力势能等于A点的重力势能；（2）读图可知，皮球越跳越低，这是因为在这一过程中机械能会有一部分转化为内能而消耗掉，故机械能总量减小．故*为：等于；减小．点评：本题考查的是动能和重力势能的影响因素以及机械能的转化，是一道基础题．　15．汽车超载和超速往往给公路交通带来很大安全隐患．为了模拟研究这一问题，小敏同学设计了如图所示的探究实验：让A、B、C三个小球先后从同一斜槽不同位置由静止滚下，推动原来静止在水平面上的小木块运动一段距离后静止．已知mA=mB＜mC，hA=hC＞hB，回答下面问题：（1）实际情况转化为物理知识探究的问题是　动能的大小与哪些因素有关　．（2）小球动能的大小是用　木块移动的距离　来反映的；（3）用来研究超载安全隐患时，我们应选择图*和图　*　所示实验；（4）用来研究超速安全隐患时，我们应选择图　*　和图　乙　所示实验．考点：探究影响物体动能大小的因素．专题：探究型实验综合题．分析：（1）实验中运用转换法来研究小球动能的大小，即观察小球撞击木块移动的距离远近；（2）动能大小的影响因素：质量和速度．质量一定时，速度越大，动能越大；速度一定时，质量越大，动能越大．对照图示，结合控制变量法可得出结论．解答：解：（1）图*和图乙的两次实验中，小球的质量相同，小球在斜面上的高度不同，所以小球滑到斜面底端的速度不同，所以这两次实验探究的是动能大小和运动速度的关系；图*和图*的两次实验中，小球的高度相同，即滑到斜面底端的速度相同，但是质量不同，所以这两次实验探究的是动能大小和质量的关系；所以本实验探究的是动能的大小与哪些因素有关；（2）实验中通过比较滚下的小球撞击木块移动的距离，来比较小球动能的大小．在同样的平面上木块被撞得越远，小球的动能就越大；这里用到的物理学研究问题的方法是转换法；（3）超载是指汽车的速度一定时，质量越大动能越大．选择到达水平面的速度相等，质量不同的AC小球进行实验，即*、*两图符合题意；（4）超速是指汽车的质量一定，速度越大，动能越大．选择质量相等到达水平面速度不同的AB小球，即*、乙两图符合题意．故*为：（1）动能的大小与哪些因素有关；（2）木块移动的距离；（3）*；（4）*；乙．点评：此题主要考查的是学生对动能大小影响因素的理解和掌握，注意控制变量法和转换法在实验中的运用．　16．用如图所示的滑轮组在4s内将重为50N的物体匀速提升2m，绳端拉力为20N，不计摩擦及绳重，绳子自由端移动的速度为　1.5　m/s．动滑轮的重力为　10　N，所做的有用功为　100　J．滑轮组的机械效率为　83.3　%．考点：有用功和额外功；滑轮（组）的机械效率．专题：功、功率、机械效率．分析：（1）由图可知，滑轮组绳子的有效股数为3，根据s=nh求出绳端移动的距离，根据速度公式求出绳子自由端移动的速度；（2）不计摩擦及绳重，根据F=（G+G动）求出动滑轮的重力，根据W=Gh求出克服物体重力做的有用功，根据W=Fs求出总功，根据效率公式求出滑轮组的机械效率．解答：解：（1）由图可知，n=3，则绳端移动的距离：s=nh=3×2m=6m，绳子自由端移动的速度：v===1.5m/s；（2）不计摩擦及绳重，由F=（G+G动）可得动滑轮的重力：G动=nF﹣G=3×20N﹣50N=10N；（3）克服物体重力做的有用功：W有=Gh=50N×2m=100J；（4）总功：W总=Fs=20N×6m=120J，滑轮组的机械效率：η=×100%=×100%≈83.3%．故*为：1.5；10；100；83.3．点评：本题考查了滑轮组绳子拉力的计算和滑轮组机械效率的计算，关键是绳子有效股数的判断和公式的灵活运用．　17．如图是四冲程汽油机工作时的　做功　冲程，活塞下降时，燃气内能　减小　（选填“减少”或“增加”）．若一台四冲程汽油机的飞轮转速为1200r/min，则该汽油机每秒钟做功　10　次．考点：有关热机的计算．专题：应用题；比热容、热机、热值．分析：（1）四冲程汽油机的四个冲程为一个工作循环，一个工作循环中只有做功冲程对外做功，活塞往复两次，曲轴转动两周．先根据汽油机的转速求出1s内汽油机曲轴的转动圈数，然后求出1s内汽油机对外做功的次数；（2）在压缩冲程末、做功冲程初，火花塞冒出电火花，将混合气体点燃，混合气体剧烈燃烧，产生高温高压的燃气，推动活塞向下运动，带动曲轴转动，对外做功．解答：解：由题中示意图可知：两气门关闭、活塞下移，是做功冲程；此时火花塞冒出电火花，将混合气体点燃，混合气体剧烈燃烧，产生高温高压的燃气，推动活塞向下运动，对外做功，故燃气的内能减小．汽油机的转速为1200r/min，说明1s内汽油机曲轴的转动次数等于20．一个工作循环中，曲轴转动两周，对外做功一次，1s内曲轴转动20次，对外做功10次；故*为：做功；减小；10．点评：此题考查内燃机四个冲程的判断，以及内燃机转速的计算．在四冲程汽油机中，一个工作循环，曲轴转两圈，对外做功一次，这个知识是平常学习中比较容易忽视的，需要引起注意．　18．如图所示电路，若要使R1、R2并联，则应闭合开关　S1、S2　，当只闭合S3时电流表所测的是通过　R2、R1　的电流．考点：电路的基本连接方式；电流表的使用．专题：电流和电路．分析：电路元件的连接有串联合并联两种方式，由于串联电路只有一条电流路径，流过一个元件的电流同时流过另一个元件，因此各元件相互影响，而并联电路中各元件互不影响．解答：解：要使R1、R2并联，电流从电源正极流出后需分别经过R1、R2，然后回到电源负极，因此需闭合开关S1、S2；只闭合S3时，电流依次经过R2、R1，因此R1、R2串联连接．故*为：S1、S2；R2、R1．点评：本题考查了开关的不同状态对电灯的连接方式的影响．注意用电器短路时不会烧坏电源，只是被短路的用电器中无电流通过．　19．在如图所示的电路中．将电压表V1、V2正确接入电路．闭合开关S，电路正常工作，各电表的示数均不为零．移动滑动变阻器R2的滑片P，电压表V1与电流表A的示数的比值不发生变化，电压表V2与电流表A示数的比值发生变化．①电压表V1测量的是　R1　两端的电压；②若电压表V1与V2示数的比值逐渐变大，则变阻器的滑片P正在向　a　端移动（选填“a”或“b”）．考点：欧姆定律的应用．专题：欧姆定律．分析：根据题意确定电压表的连接方式，然后根据电路结构应用串联电路特点与欧姆定律分析答题．解答：解：①电压表与电流的比值等于电阻阻值，移动滑动变阻器R2的滑片P，电压表V1与电流表A示数的比值不发生变化，电压表V2与电流表A示数的比值发生变化，则V1测定值电阻两端电压，即电压表V1测R1两端电压，电压表V2测滑动变阻器R2两端或电源两端电压．②在串联电路中，用电器两端电压与其阻值成正比，若电压表V1与V2示数的比值逐渐变大，说明定值电阻与滑动变阻器接入电路的电阻相比变大，而定值电阻不变，所以是滑动变阻器接入电路的阻值增小，由图示电路图可知，滑片向a端移动．故*为：①R1；②a．点评：本题考查了判断电压表的接法、判断滑片的移动方向，分析清楚电路结构是正确解题的前提与关键，应用串联电路特点即可正确解题．　[来源:Zxxk.]20．张华从上个月家里的电费缴费单知道本月家里电表的基数是2278.6kW•h，右图是他家电子式电能表的表盘，其示数是　2318.6　kW•h．则到目前为止，他家本月消耗的电能是　40　kW•h．张华想利用这个电能表测量家里电热水器的电功率，为了能比较准确的测得电热水器的电功率，他应该　关闭家中其它用电器　，只让电热水器工作．在测量中他记录了该电能表的指示灯在4min内闪烁320次．则该热水器的实际功率是　1500　W．考点：电能表参数的理解与电能的求法．专题：电能和电功率．分析：（1）电能表的读数方法：①月末的减去月初的示数．②最后一位是小数．③单位kW•h；（2）3200imp/（kW•h）表示每消耗1kW•h的电能，指示灯闪烁3200次，从而可求闪烁320次消耗的电能；根据公式P=求出该热水器的电功率．解答：解：电能表的示数为2318.6kW•h；因为“3200imp/（kW•h）”表示每消耗1k本月消耗的电能：W=2318.6kW•h﹣2278.6kW•h=40kW•h；要利用电能表测量家里电热水器的电功率，为了能比较准确的测得电热水器的电功率，他应该关闭家中其它用电器；指示灯闪烁320次消耗的电能：W′=kW•h=0.1kW•h，该热水器的电功率：P===1.5kW=1500W．故*为：2318.6；40；关闭家中其它用电器；1500．点评：本题考查了学生根据电能表的参数测量用电器电功率的方法，首先理解参数的真正含义，根据灯闪烁的次数计算出用电器消耗的电能，根据电能和时间计算出功率，在计算过程中注意单位的统一．　三、解答题（本题共9小题，共50分．根据要求解答，要求公式和解题过程）21．（1）“节约用水，人人有责”，如图1*是用水后及时关闭水龙头时的情景，水龙头手柄看作是一个杠杆，请你在图1乙所示的示意图中画出阻力F2的力臂l2，串画出施加在A点的最小动力F1及其力臂l1．（2）近年来，我区新增了不少新能源公交车，在公交车后门的两侧扶手上，各装有一个按钮（相当于一个开关），想要下车的乘客只要按下任何一个按钮，装在驾驶台上的指示灯都会发光，提醒司机有乘客需要下车，请设计一个符合要求的电路图（已画出指示灯和电源，如图2所示）．（3）图3是由小电灯、开关及电池组成的简易有线电报机原理电路，请在右边的虚线框内画出相应的电路图．考点：杠杆中最小力的问题；力臂的画法；根据实物图画电路图；串、并联电路的设计．专题：图像综合题．分析：（1）根据杠杆平衡的条件，F1×L1=F2×L2，在杠杆中的阻力、阻力臂一定的情况下，要使所用的动力最小，必须使动力臂最长．而在通常情况下，连接杠杆中支点和动力作用点这两点所得到的线段最长，据此可解决此题．（2）根据“乘客只要按下任何一个按钮，装在驾驶台上的指示灯都会发光”结合串并联电路特点判断两个开关的连接方式．（3）两灯泡并联，并且由另一室内的开关控制．解答：解：（1）过O点作阻力F2的垂线，即为阻力F2对支点O的力臂L2；动力最小，即动力臂最长，阻力的方向已标出，所以动力的方向应该向下，连接支点O与A点，过A点作OA的垂线就得到在A点施加的最小动力F1，OA即为动力臂L2，如下图所示．（2）只要按下任何一个按钮，指示灯都会发光，说明这两个开关互不影响，因此它们并联连接；如下图所示：（3）根据实物图和题意可知，两灯泡并联，并且由另一室内的开关控制，电路图如下图所示：点评：（1）根据杠杆的平衡条件，要使杠杆上的力最小，必须使该力的力臂最大，而力臂最大时力的作用点一般离杠杆的支点最远，所以在杠杆上找到离杠杆支点最远的点即力的作用点，这两点的连线就是最长的力臂，过力的作用点作垂线就是最小的力．（2）本题考查了两个开关的连接方式的判断，解题时要抓住关键字词“任何一个”判断两开关为并联．（3）本题考查根据实物图画电路图，关键是会判断两灯泡的连接方式和开关的位置．　22．根据“探究杠杆的平衡条件”实验要求，完成下列各题：（1）实验开始时，杠杆的位置如图*所示．小明同学想要通过调节杠杆左端的螺母，使杠杆在水平位置平衡，则调节时应使左端的螺母向　右　移动（选填“左”或“右”）．（2）小明小组得到的三组实验数据如表所示：动力F1/N动力臂L1/cm阻力F2/N阻力臂L2/cm2511016232424根据实验数据，可以得出的结论是：　F1L1=F2L2　（用文字或符号表述均可）．（3）实验中，在杠杆上的D点挂四个重均为0.5N的钩码，用调好的*簧测力计竖直向上拉杠杆上的C点，使杠杆水平平衡，如图*所示，测力计的示数是　1　N；如果将测力计沿图中虚线方向拉，仍使杠杆在水平位置平衡，则测力计的示数将　变大　（变大/不变/变小）．考点：探究杠杆的平衡条件实验．专题：探究型实验综合题．分析：（1）杠杆平衡调节原则是：右低将平衡螺母左调，左低将平衡螺母右调．（2）分析表中数据可得出杠杆的平衡条件，并用字母表示出来；（3）根据杠杆平衡条件求出图*中测力计的示数；当阻力和阻力臂不变时，根据题意判断动力臂如何变化，然后由平衡条件判断*簧测力计示数如何变化．解答：解：（1）杠杆右端高，说明水平时重心在支点左边，所以应将平衡螺母右调，使重心右移，杠杆才能平衡．（2）计算数据中F1L1与F2L2的值，然后比较数据即可得出结论：F1L1=F2L2．（3）设杠杆的分度值为L，一个钩码的重为0.5N，根据杠杆平衡条件F1L1=F2L2得，图*中4×0.5N×2L=F×4L，解得F=1N．当*簧测力计逐渐向右倾斜时，阻力和阻力臂不变，*簧测力计拉力F的力臂变小，由杠杆平衡条件：F1L1=F2L2，可知*簧测力计的拉力变大．故*为：（1）右；（2）F1L1=F2L2；（3）1；变大．点评：杠杆处于水平位置平衡时，竖直作用在杠杆上的力的力臂在杠杆上，倾斜作用在杠杆上力的力臂在杠杆以外的位置上，力臂变小，力会变大．同时，本题还考查了利用杠杆的平衡条件来对杠杆的动态平衡情况进行分析，是我们应该掌握的．　23．“探究串联电路的电压关系”的实验电路如图*所示．（1）为了使探究得出的结论具有普遍意义．L1、L2应该选择　不同　（选填“相同”或“不同”）的小灯泡．（2）小明根据图*连接好电路，闭合开关，电压表示数如图乙所示，为了使实验结果更准确，接下来他应该　断开开关，将电压表改接到小量程　．（3）测量完成后，进行小组交流讨论．下表选录了四个小组的数据，你认为这些数据是否合理．请说明理由．答：　合理，因为在测量过程中，电源有内阻，导线也有电阻，其两端也有电压　．实验小组L1两端电压/VL2两端电压/V串联总电压/V11.43.14.523.01.34.431.11.72.941.81.23.0考点：探究串、并联电路中的电压规律实验．专题：探究型实验综合题．分析：（1）为了使探究得出的结论具有普遍意义，应该选取不同的小灯泡进行实验；（2）使用电压表时，为减小误差，需选择合适的量程；（3）根据实验结果的实验过程中的实际或分析产生误差的原因．解答：解：（1）为了使探究得出的结论具有普遍意义，应该选取不同的小灯泡进行实验，这样才更有说服力；（2）根据图乙电压表所示情况可知，电压表指针偏转角度太小，误差过大，所以接下来需要断开开关，换用较小量程重新做实验；（3）测量完成后，进行小组交流讨论，如表选录了四个小组的数据，分析数据可知，电路两端的总电压非常接近各部分电压之和，分析其原因可能是因为：在测量过程中，电源有内阻，导线也有电阻，其两端也有电压造成的，故在误差允许的范围内，结果是合理的．故*为：（1）不同；（2）断开开关，将电压表改接到小量程；（3）合理，因为在测量过程中，电源有内阻，导线也有电阻，其两端也有电压．点评：本题考查学生对于“探究串联电路的电压关系”实验的理解和掌握，熟知实验的原理与*作中的注意问题是解答的关键．本实验也是中考的重点实验之一．　24．在“探究影响导体电阻大小的因素”实验中，某实验小组提出了如下猜想：猜想一：导体电阻跟导体长度有关；猜想二：导体电阻跟导体粗细有关；猜想三：导体电阻跟导体材料有关．同学们想利用如图的电路和表中的导体验*上述猜想．导体代号长度/m横截面积/mm2材料A1.00.2锰铜B1.00.4锰铜C1.00.6锰铜D0.50.4锰铜E1.50.4锰铜F1.00.6镍铬合金G1.00.6铁（1）请将猜想一的实验设计思维路补充完整．选取　材料　和　横截面积　相同、　长度　不同的导体，分别将其接入如图电路中．通过比较电路中　电流　的大小，判断导体电阻的大小．（2）验*猜想三时，若需对比三个实验数据，则应从上表中选取导体　C、F、G　（填写导体代号来进行实验）．考点：影响电阻大小的因素．专题：探究型实验综合题．分析：影响电阻大小的因素是：材料、长度、横截面积、温度，在探究过程中需用到控制变量法，不加特殊说明，认为温度相同．[来源:学科网ZXXK]解答：解：①为了研究导体电阻与导体长度的关系，则需使导体的材料和横截面积相同，长度不同，应选用的三种导体是B、D、E，分别将其接入如图电路中．通过比较电路中电流的大小，判断导体电阻的大小；②为了研究导体电阻与横截面积的关系，则需使导体的材料和长度相同，横截面积不同，应选用的三种导体是A、B、C，分别将其接入如图电路中．通过比较电路中电流的大小，判断导体电阻的大小；③为了研究导体电阻与导体材料的关系，则需使导体的长度和横截面积相同，材料不同，应选用的三种导体是C、F、G，分别将其接入如图电路中．通过比较电路中电流的大小，判断导体电阻的大小．故*为：（1）材料；横截面积；长度；电流；（2）C、F、G．点评：本题考查探究电阻大小的影响因素，实验时注意使用控制变量法，控制变量法是物体学研究中经常用到的，例如探究影响浮力大小的因素、影响液体压强大小的因素，电流和电压、电阻的关系、影响滑动摩擦力大小的因素等．　25．图*是测量小灯泡电功率的电路．小灯泡的额定电压为2.5V．（1）请根据图*将图乙中的实物电路连接完整（导线不允许交叉）．[来源:Z§xx§k.]（2）闭合开关前，将滑动变阻器的滑片移到阻值最大处．闭合开关后发现小灯泡不亮，电压表示数为零，电流表指针偏转．逐渐向右移动滑片，小灯泡始终不亮，电压表示数仍然为零，电流表示数逐渐变大．该电路故障可能是　小灯泡短路　．（3）排除故障后正确*作实验，测量数据如下表所示实验次数12345678发光情况明亮亮更明亮较亮较暗微光熄灭熄灭电压U/V2.52.13.01.71.30.90.50.1电流I/A0.280.260.300.240.210.190.160.05分析实验数据可知：①小灯泡的额定功率为　0.7　W．②7、8两次实验中，灯泡熄灭的原因是　实际功率太小　．③小灯泡在断电一段时间后的电阻可能是　1Ω　（填“0Ω”、“1Ω”、“2Ω”或“8.9Ω”）．考点：电功率的测量；电流表、电压表在判断电路故障中的应用．专题：测量型实验综合题．分析：（1）根据电路图连接实物电路图．（2）常见电路故障有短路与断路两种，根据电路故障现象分析电路故障原因．（3）①由表中实验数据求出灯泡额定电压对应的电流，然后由P=UI求出灯泡额定功率；②如果灯泡实际功率如果太小，将不足以引起灯泡发光；③灯泡电阻受温度影响，随温度降低而减小，根据表中实验数据求出灯泡电阻阻值，然后答题．解答：解：（1）根据电路图连接实物电路图，实物电路图如图所示：（2）闭合开关后，小灯泡不亮，可能是灯泡短路或电路存在断路造成的；电流表指针偏转，说明电路不存在断路；电压表示数为零，说明与电压表并联的灯泡短路．（3）①由表中实验数据可知，灯泡额定电压2.5V对应的电流为0.28A，灯泡额定功率P=UI=2.5V×0.28A=0.7W．②由表中实验数据可知，7、8两次实验，灯泡电压与电流很小，灯泡实际功率很小，由于灯泡实际功率很小不足以引起灯泡发光，所以灯泡熄灭．③由表中第8组实验数据可知，此时灯泡电阻R===2Ω，灯泡电阻受温度影响，随温度降低而减小，小灯泡在断电一段时间后，灯丝温度降低，灯泡电阻阻值减小，则灯泡电阻可能是1Ω．故*为（1）实物电路图如图所示；（2）小灯泡短路；（3）①0.7；②实际功率太小；③1Ω．点评：本题考查了连接实物电路图、电路故障分析、求灯泡额定功率、求灯泡电阻阻值；解题时要注意，灯泡电阻受温度影响，随温度升高而增大，随温度降低而减小．　26．如图所示，是“探究电流产生的热量与哪些因素有关”的实验装置．烧瓶内装有横截面积相同，长度不同（*的长度小于乙的长度）的镍铬丝，并*有相同规格的温度计．（l）电阻丝R1　＜　R2（选填“＜”、“=”或“＞”）；（2）为了在较短的时间内达到明显的实验效果，在水和煤油中你选择　煤油　作为液体来做实验．说出你选择的理由　煤油的比热容小于水的比热容　的特点；（3）通电一定时间后，观察瓶中　温度计示数的变化　，由此得出的实验结论是：电流相等，通电时间相同时，电流产生的热量与　电阻　有关．（4）利用图中的实验装置还可以探究电流通过导体产生的热量与　电流　有关．你的做法是　调节滑动变阻器的滑片改变通过导体中电流的大小，观察在相同时间内*瓶中温度计示数的变化　．考点：焦耳定律．专题：探究型实验综合题．分析：（1）电阻丝的阻值与长度、横截面积以及材料有关，当材料和横截面积一定时，电阻与长度成正比；（2）液体的比热容越小，吸收相同的热量，温度变化越明显；（3）根据影响热量的因素进行分析；（4）滑动变阻器可以改变电路中的电流．解答：解：（1）已知两电阻丝的材料和横截面积相同，长度越长，电阻越大，故电阻丝R1＜R2；（2）因为煤油的比热容小于水的比热容，所以要在较短的时间内达到明显的实验效果，应选择煤油进行实验；（3）通电一定时间后，观察瓶中温度计示数的变化是不同的，由此得出的实验结论是：电流相等，通电时闻相同时，电流产生的热量与电阻有关；（4）因为调节滑动变阻器的滑片改变通过导体中电流的大小，观察在相同时间内*瓶中温度计示数的变化，所以可以探究热量与电流的关系．故*为：（1）＜；（2）煤油；煤油的比热容小于水的比热容；（3）温度计示数的变化；电阻；（4）调节滑动变阻器的滑片改变通过导体中电流的大小，观察在相同时间内*瓶中温度计示数的变化．点评：本题利用控制变量法来进行研究电流产生的热量与电阻的关系的实验，应控制吸热液体的材料相同，质量相等，通过观察液体的温度的变化来比较吸热的多少．　27．燃气灶烧水时，把质量为2kg、初温为20℃的水加热到100℃，共燃烧了0.02m3天然气（假设天然气完全燃烧）．已知水的比热容为4.2×103J/（kg•℃），天然气的热值为8.4×107J/m3．求：（1）水吸收的热量；（2）燃气灶烧水时的效率；（3）请你从能量利用的角度分析在此过程中能量的转化形式，并说明能量转化具有方向*．考点：热量的计算；热平衡方程的应用．专题：比热容、热机、热值．分析：（1）利用Q吸=cm（t﹣t0）可求得水吸收的热量；（2）利用Q放=Vq求得天然气完全燃烧放出的热量：再利用η=可求得燃气灶烧水时的效率（3）能量转化和转移是有方向*，如：热传递时内能从高温物体转移向低温物体的．解答：解：（1）水吸收的热量：Q吸=cm（t﹣t0）=4.2×103J/（kg•℃）×2kg×（100℃﹣20℃）=6.72×105J，（2）天然气完全燃烧放出的热量：Q放=Vq=0.02m3×8.4×107J/kg=1.68×106J；（3）燃气灶的效率：η=×100%=×100%=40%；（3）化学能转化为内能，由于能量的利用率没有达到100%，我们不能将烧水及散失的能量再自动聚集成天然气（化学能）．答：（1）水吸收的热量为6.72×105J；（2）燃气灶烧水的效率为40%；（3）化学能转化为内能，由于能量的利用率没有达到100%，我们不能将烧水及散失的能量再自动聚集成天然气（化学能）．点评：本题考查了求水吸收的热量、燃气灶的效率，应用热量公式、燃烧值、效率公式即可正确解题．　28．如图所示的电路中，电源电压恒为12V，电阻R1的阻值为10Ω，电阻R2的阻值为30Ω，电流表A的量程取0～0.6A．闭合开关S．（1）求电阻R1两端的电压．（2）现用标有“20Ω1A”字样的滑动变阻器R3替换电阻R2，为使电路中各元件安全，求变阻器R3连入电路的阻值范围．考点：欧姆定律的应用．专题：欧姆定律．分析：（1）根据串联电路特点与欧姆定律求出电路电流，然后由欧姆定律求出电阻两端电压．（2）根据题意确定电路的最大电流，由串联电路特点与欧姆定律求出滑动变阻器接入电路的最小阻值，然后确定其阻值范围．解答：解：（1）电路电流：I===0.3A，由I=可知，电阻R1两端的电压：U1=IR1=0.3A×10Ω=3V；（2）由题意可知：电路中最大电流为0.6A，由I=可知，电路最小总电阻：R===20Ω，滑动变阻器接入电路的最小阻值：R3最小=R﹣R1=20Ω﹣10Ω=10Ω，则：滑动变阻器R3连入电路的阻值范围是10Ω～20Ω．答：（1）电阻R1两端的电压为3V．（2）变阻器R3连入电路的阻值范围是10Ω～20Ω．点评：本题考查了求电压、电阻阻值范围，分析清楚电路结构，应用串联电路特点与欧姆定律即可正确解题．　29．如图所示，是家用保温式电饭锅的电路原理图，S是手动、温控一体开关一一必须用外力按下才能闭合，但当锅底温度达到大约103℃以上时，会自动*起断开进入保温状态．已知R2=495Ω，电饭锅的额定加热功率为880W．（1）R1、R2中，　R1　是加热电阻．要使电饭锅加热，开关S应　闭合　（“闭合”或“断开”）．（2）当电饭锅处于正常加热状态时，电路中的电流是多大？（3）保温时R1、R2产生的热量之比是多少？考点：电功率与电压、电流的关系；焦耳定律的计算公式及其应用．专题：电能和电功率；电与热、生活用电．分析：（1）分析此电路，R1和R2是串联的，S并联，R2就短路，只有R2工作．当加热煮饭时，电功率较大，当保温时电功率较小，据此分析；（2）已知电饭锅的额定功率，利用P=UI可求得当电饭锅处于正常加热状态时，电路中的电流；（3）根据欧姆定律求得R1的电阻，然后利用Q=I2Rt分别求得R1、R2产生的热量即可得出结论．解答：解：（1）由P=，可知开关当S处于闭合时，R2就短路，只有R1工作，当S断开，两电阻串联，总电阻为R1+R2，由于S闭合时比断开时电路中总电阻小，故电功率大，煮饭时需要功率大，需要S闭合，因此R1是加热电阻．（2）由P=UI可得，当电饭锅处于正常加热状态时，电路中的电流I===4A，（3）由I=可得，R1===55Ω，保温时R1与R2串联，I1=I2；则====．故*为：（1）R1；闭合；[来源:学*科*网]（2）当电饭锅处于正常加热状态时，电路中的电流是4A；（3）保温时R1、R2产生的热量之比是1：9．点评：本题要注意推敲开关的功能，和开闭条件，注意比较电功率的大小要先判断电压一定还是电流一定，决定用P=，还是P=I2R比较．