初中_物理_初三【物理】_9年级上下册物理练习_2016中考物理试题（解析版）含*_贵州省黔南州中考物理试题（含解析）

贵州省黔南州中考物理试卷一、单项选择题（每小题3分，共24分）1．下列数据中最接近生活实际的是（　　）　A．人的正常体温约为39℃　B．无线电波在空气中的传播速度约为340m/s　C．*型H1N1流感病毒的长度约为1cm　D．电*箱的额定功率约为100W　考点：温度；长度的估测；电磁波的传播；电功率．.专题：估算综合应用题．分析：首先对题目中涉及的物理量有个初步的了解，对于选项中的单位，可根据需要进行相应的换算或转换，排除与生活实际相差较远的选项，找出符合生活实际的*．解答：解：A、人的正常体温为37℃，变化很小，故A不符合实际；B、无线电波在真空中的传播速度最大，为3×108m/s，在空气中的传播速度略小一些，接近3×108m/s，故B不符合实际；C、*型HINI流感病毒的长度很小，约为10﹣40nm，故C不符合实际；D、电*箱的额定功率约为100W左右，故D符合实际．故选D．点评：对于这类判断题目，要求学生对生活中各物理量的数值要熟悉，有一定的生活经验，这也是中考的热点．2．某机器的能量流向如图所示，据此推理该机器可能是（　　）　A．热机B．电动机C．发电机D．电热水器考点：能量的转化与转移的方向*．.专题：能源的利用与发展．分析：由能量流向图判断该机器主要将什么能转化成了什么能即可解决此题．解答：解：如图该机器将大部分电能转化成了机械能，还有一部分电能转化成了内能，A、热机主要是将内能转化为机械能的机器，不合题意；B、电动机在工作时，主要将电能转化为机械能，还有一少部分电能转化为内能，符合题意；C、发电机是将机械能转化为电能的机器，不合题意；D、电热水器主要是将电能转化为内能，不合题意．故选B．点评：解此题的关键是能确定图中能量转化的方向，并知道各种机械的能量转化情况．　3．下列物理现象及其分析中，正确的是（　　）　A．在湖面上观察到水中飘动着的白云，这是光发生折*的缘故　B．人在照镜子时，总是靠近镜子去看，其原因是靠近时平面镜中所成的像大一些　C．白光通过三棱镜后形成**光带，说明白光是由多种*光组成的　D．太阳穿过树叶，在地面上形成的光斑是圆形的，这是由于树叶之间的缝隙都是圆形的缘故　考点：光的反*；光在均匀介质中直线传播；光的*散．.专题：光的传播和反*、平面镜成像；光的折*、光的*散．分析：对各种光学现象，必须做到特别熟悉．平面镜所成的像和物体大小相同，白光是由7种*光混合成的，光在同种均匀介质中沿直线传播；阳光透过树叶缝隙在地上留下的圆形光斑是太阳的像，水面的倒影属于光的反*．解答：解：A、在湖面上观察到水中飘动着白云，属于倒影，是光的反*现象．故A错误．B、根据平面镜成像特点可知，不管是靠近镜面还是远离镜面，平面镜所成的像和物体大小相同，故B错误．C、白光通过三棱镜后形成**光带，属于光的*散，白光是由7种*光混合成的，故C正确误．D、沿直线传播的阳光透过树叶间的缝隙在地面上留下圆形的光斑，是小孔成像现象，圆形光斑是太阳的像．不是由于树叶之间的缝隙都是圆形的缘故．故选C．点评：本题涉及的知识点有平面镜成像特点，光的*散，光的反*、光的直线传播等各种光学现象．是一道综合*较强的题目．4．放在水平桌面上的*乙两个相同的容器盛有不同的液体，现将两个相同的物块分别放在两容器中，当物块静止时，两容器中的液面恰好相平，两物块所处的位置如图所示，则（　　）　A．*容器中物块排开液体的重力较大　B．*容器底受到的压强大　C．乙容器中的液体密度大　D．乙容器中物块受到的浮力大　考点：物体的浮沉条件及其应用；液体的压强的特点．.专题：应用题；压强、液体的压强；浮沉的应用．分析：（1）根据物体的浮沉条件判断浮力与重力的关系；（2）根据物体的浮沉情况判断出物体密度与液体密度的关系；（3）根据p=ρ液gh得出容器底受到压强的关系．解答：解：A、*容器中物块漂浮，F浮*=G排*=G；乙容器中物块悬浮，则F浮乙=G排乙=G，可知G排*=G排乙，故A错误；B、物体在*中漂浮，则ρ*＞ρ物，在乙中悬浮，则ρ乙=ρ物，可知*的密度较大，由于深度相同，由p=ρ液gh可知，*液体对容器底的压强大，故B正确；C、物体在*中漂浮，则ρ*＞ρ物，在乙中悬浮，则ρ乙=ρ物，可知*容器中的液体密度较大，故C错误；D、由A分析知，两容器中物体受到的浮力相同，故D错误．故选B．点评：本题主要考查了物体浮沉条件及液体压强公式的应用，关键能够根据浮沉情况判断出液体的密度、所受浮力的关系．5．下列物理图象中，反映物理量之间关系正确的是（　　）　A．汽车做匀速直线运动的图象　B．铝的质量与体积关系图象　C．汽油的热值与体积间的图象　D．静止的物体受到的摩擦力f与它受到的唯一的水平推力F的大小关系考点：匀速直线运动；密度及其特*；摩擦力的大小；燃料的热值．.专题：图像综合题．分析：分析时，看清选项中横坐标和纵坐标的含义，再根据图象中曲线的特征，反映出的物理规律；就可选出*．解答：解：A、图象中反映出速度随时间均匀增大，说明物体做匀加速直线运动；故A错误；B、对某种物质来说，其质量与体积成正比，其质量与体积的比值是一定值，用密度来表达；而图象中反映出的信息是，物体的体积增大、质量不变；故B错误；C、热值是燃料的一种属*，热值与燃料的体积、质量等因素无关，故C错误；D、由于是静止的物体，根据二力平衡的条件可知，物体受到的摩擦力和推力大小相等，故D正确；故选D．点评：根据图象或图表探究物质的规律是近两年来出现较多的题目，图象可以使我们建立更多的感*认识，从图象中去探究本质规律，体验知识的形成过程．　6．如图所示是王超设计的压力传感器的原理图，其中*簧上端和滑动变阻器的滑片P固定在一起，AB间有可收缩的导线，R1为定值电阻．当闭合开关S，压力F增大时，电流表与电压表示数变化情况是（　　）[来源:学*科*网Z*X*X*K]　A．电流表示数变大，电压表示数变小　B．电流表示数变小，电压表示数变大　C．电流表、电压表示数都变大　D．电流表、电压表示数都变小　考点：欧姆定律的应用．.专题：欧姆定律．分析：由电路图可知，R1、R2串联，电压表测滑动变阻器两端的电压，电流表测电路中的电流，根据压力的变化判断滑动变阻器接入电路中电阻的变化，根据欧姆定律可知电路中电流的变化和定值电阻两端的电压变化，根据串联电路的电压特点可知滑动变阻器两端的电压变化．解答：解：由电路图可知，R1、R2串联，电压表测滑动变阻器两端的电压，电流表测电路中的电流；当闭合开关S，压力F增大时，滑片下移，R2接入电路的电阻变大，电路中的总电阻变大，由I=可知，电路中的电流变小，即电流表的示数变小，故AC错误；由U=IR可知，定值电阻R1两端的电压变小，因串联电路总电压等于各部分电压之和，所以，滑动变阻器两端的电压变大，即电压表的示数变大，故B正确，D错误．故选B．点评：本题考查了学生对滑动变阻器的变阻原理、欧姆定律的掌握和运用，分析电路图，确认电路的连接方式是突破口，确认电压表的测量对象是关键．　7．关于安全用电，下列说法不正确的是（　　）　A．使用测电笔辨别火线时，手要接触笔尾的金属电极　B．*座中的两个线头接触会出现短路现象　C．家庭电路中的空气开关跳闸后，直接合上空气开关就可以了　D．家庭电路中，控制各个灯的开关都要安装在火线上　考点：安全用电原则．.专题：电与热、生活用电．分析：（1）使用测电笔辨别火线时，有一定要用手触及笔尾的金属部分，否则容易造成误判，认为带电体不带电是十分危险的；使用测电笔时，不能用手触及测电笔前端的金属探头，这样会造*身触电事故．（2）电路中不该相连的部分连接在一起，会出现短路现象．（3）家庭电路中的空气开关跳闸后，在没有排除故障之前，不能将开关复位．（4）安装电灯的开关，要考虑当开关断开时，人触摸灯泡是安全的．解答：解：A、使用测电笔辨别火线时，一定要用手触及笔尾的金属部分，不能用手触及测电笔前端的金属探头，否则会造*身触电事故．故A正确；B、*座中的两个线头相接触时，一定会出现短路，故B正确；C、家庭中的空气开关突然跳闸，是由于短路或总功率多大等原因导致电流过大形成的，所以应该先检查电路的故障，排除故障后，在将空气开关复位，故C错误；D、电灯开关安装在火线上，当开关断开时，灯泡与火线是断开的，人接触灯泡是安全的，故D正确．故选C．点评：本题考查的是日常生活中的一些安全用电常识，安全用电的原则：不接触低压带电体，不靠近高压带电体．值得注意的是：本来不带电的物体带了电；本来不导电的物体导电了．8．如图所示，三位同学用同一组器材在水平地面上沿水平方向用力进行了下面三项*作：*同学拉木块A在长木板B上匀速运动；乙同学拉A在B上加速运动；*同学拉B，使AB一起匀速运动．三位同学的*作中A与B之间的摩擦力的大小分别为f*、f乙、f*，则下列说法正确的是（　　）　A．f*=f乙，f*=0B．f*=f乙=f*　C．f*=f*＜f乙D．f*＜f乙，f*不确定考点：摩擦力的大小．.专题：重力、*力、摩擦力．分析：抓住三种条件下A与B物体的运动状态和影响滑动摩擦力大小的因素就可判断摩擦力的大小；另外还有考虑产生摩擦力的条件﹣﹣发生相对运动．解答：解：[来源:学科网ZXXK]滑动摩擦力的大小与两个因素有关，即：压力大小、接触面的粗糙程度．而与物体的运动速度、接触面积无关．根据题干信息：*同学拉木块A在长木板B上匀速运动；乙同学拉A在B上加速运动；都是物体A与物体B发生了相对运动，产生了滑动摩擦；而在两种情况下，压力大小及接触面的粗糙程度未变，故摩擦力不变即摩擦力相等；即f*=f乙；当*同学拉B，使AB一起匀速运动时，物体A与物体B相对静止，即A与B未发生相对运动，也没有相对运动的趋势，故它们之间没有摩擦力的存在，即摩擦力等于零；f*=0；故A正确，B、C、D错误．故选A．点评：此题考查影响摩擦力的因素以及产生摩擦力的条件；根据题目中提供的运动状态可分析摩擦力的大小．　二、填空题（912题每空1分，13题2分，共18分）9．端午节期间，多地都举行了划龙舟比赛（如图），（1）运动员通过鼓声来统一划龙舟的节奏，鼓声是由鼓面的　　　　　　产生的，鼓声主要是通过　　　　　　传入人耳．（2）划水时，船桨是　　　　　　杠杆（选填“省力”、“费力”、“等臂”），该杠杆的好处　　　　　　是，运动员看到水下部分的船桨不是直的，是光的　　　　　　现象．（3）运动员向后划水，船就前进，这说明物体间力的作用是　　　　　　的，以鼓手为参照物，该船上的运动员是　　　　　　的．　考点：声音的产生；参照物及其选择；力作用的相互*；杠杆的分类；声音的传播条件．.专题：声现象；运动和力；简单机械．分析：（1）声音是由物体的振动产生的，振动停止，声音也停止；声音的传播需要介质，气体、液体和固体都能够传播声音，真空不能传声；（2）先判断杠杆在使用过程中，动力臂和阻力臂的大小关系，再判断它是属于哪种类型的杠杆；光线在同种不均匀介质中传播或者从一种介质进入另一种介质时，就会出现光的折*现象，例如水池底变浅、水中筷子变弯、海市蜃楼等都是光的折*形成的．（3）力是物体对物体的作用，物体间力的作用是相互的；判断一个物体是运动和静止，关键是看被研究的物体与所选的标准，即参照物之间的相对位置是否发生了改变，如果发生改变，则物体是运动的；如果未发生变化，则物体是静止的．解答：解：（1）鼓声是由于鼓面振动产生的，主要是通过空气传入人耳，听到鼓声；（2）因为船桨在使用过程中，动力臂小于阻力臂，所以是费力杠杆，但省距离；运动员看到水下部分的船桨，是光线从水中*入空气中发生折*现象而形成的虚像，位于水下船桨真实位置的上方，所以看到船桨不是直的；（3）物体间力的作用是相互的，用桨向后划水，同时水给桨一个向前的力，推动船向前行驶；以鼓手为参照物，船上的运动员相对位置没有发生改变，是静止的．故*为：（1）振动；空气；（2）费力；省距离；折*；（3）相互，静止．点评：本题考查的是物理综合*知识，在生活中的物理知识是很丰富的，所以学生们在学习物理的同时应该不断地从生活中发现物理．10．2015年4月27日夜*雹狂风突袭黔南，发生的许多现象与物理有关．*雹是由高空中的过冷水滴　　　　　　形成的（填物态变化名称）；掉在地上的*雹会反*起来，在上升过程中将　　　　　　能转化为　　　　　　能；都匀大龙大道旁边的许多板房的顶棚被狂风卷起，这是因为顶棚上方空气流速较快，压强　　　　　　造成的．考点：凝固与凝固放热特点；流体压强与流速的关系；动能和势能的转化与守恒．.专题：温度计、熔化和凝固；气体的压强、流体压强与流速的关系；机械能及其转化．分析：（1）物质由液态变为固态的过程称为凝固；（2）动能转化为重力势能的过程，动能减小，重力势能增大，从动能和重力势能大小的影响因素考虑；（3）流体在流速大的地方压强小，流速小的地方压强大．解答：解：（1）过冷水滴变成*雹，即物质由液态变成固态的过程，属于凝固现象，所以*雹是由高空中的过冷水滴凝固形成．（2）*雹会反*起来，在上升过程中，动能减小，势能增大，是动能转化为重力势能．（3）都匀大龙大道旁边的许多板房的顶棚被狂风卷起，这是因为顶棚上方空气流速较快，压强较小，下方空气流速较慢，压强较大，压强差将板房的顶棚顶起．故*为：凝固；动；重力势；较小．点评：此题是一道综合题，涉及到了物态变化、机械能间转化的判断、流体压强与流速的关系等知识，熟练掌握基础知识即可正确解答，难度不大．11．物理与生活紧密联系，青青对家中的电饭锅进行了研究，电路图简化如图．他关闭了家里其他用电器，只让电饭锅工作，观察了电能表标有“220V、10（20）A、50Hz、3000revs/kw•h”字样，下列是小青考你的问题，请作答．（1）电饭煲在加热状态时，开关应与触点　　　　　　（选填“1”或“2”）连接；（2）他发现正常加热了6min电饭煲就转为保温状态，在这6min内电能表转盘刚好转了300转，则电饭锅的加热功率是　　　　　　W；（3）如果该电饭锅正常加热消耗了6×105J的电能，如果这些能量全部用来给“48V500W”的电动机充电，能使该电动机以10m/s的速度匀速行驶　　　　　　km．（不考虑能量损失）考点：电功率的计算；速度公式及其应用；电能表参数的理解与电能的求法．.专题：电能和电功率；长度、时间、速度．分析：（1）电路电压一定，由电功率公式P=可知电路电阻越大，电路功率越小，电路电阻越小电路功率越大．（2）根据电能表转过的圈数求出电饭煲消耗的电能，然后由功率公式求出加热功率．（3）知道电动车的功率和速度，求牵引力的大小；已知消耗电能的多少，也就是知道做功的多少，根据公式W=Fs可求路程的大小解答：解：（1）由电路图可知，开关与触点2连接时，电阻R被短路，只有电热丝R0接入电路，此时电路电阻最小，电路电功率最大，电饭煲处于加热状态．（2）电能表转盘转了300转消耗的电能：W=kW•h=0.1kW•h；电饭锅的加热功率：P===1kW=1000W；（3）根据公式P=Fv可知，牵引力F===50N；根据公式W=Fs可知，行驶路程s===1.2×104m=12km．故*为：（1）2；（2）1000；（3）12．点评：本题考查了电路分析、求电功率、求路程等问题，是一道综合题，分析清楚电路结构、熟练应用速度公式、电功与电功率公式即可正确解题．　12．体积相等的*乙两实心物体，其密度分别是0.8×103千克/米3和1.2×103千克/米3，同时投入水中，静止后所受浮力之比为　　　　　　；如果*、乙两物体的质量相等，则在水中静止后所受浮力之比为　　　　　　．考点：浮力大小的计算．.专题：计算题；浮力．分析：（1）首先根据*乙两物体的密度，利用物体的浮沉条件判定其静止后状态；然后利用F浮=ρgV排或F浮=G可计算其浮力，从而得出浮力之比．（2）由（1）已经判断出其静止后状态；然后根据*乙两物体的质量相同利用F浮=ρgV排或F浮=G可计算其浮力，从而得出浮力之比．解答：解：（1）因为ρ*＜ρ水，ρ乙＞ρ水，所以投入水中，静止后*物体漂浮；乙物体下沉容器底，即全部浸没；则F浮*=G=m*g=ρ*gV；F浮乙=ρ水gV排=ρ水gV；由于*乙两物体体积相等，则====；（2）如果*、乙两物体的质量相等，由（1）可知：静止后*物体漂浮；则F浮*=G=mg．乙物体下沉容器底，则由ρ=得：V排=，F浮乙=ρ水gV排=ρ水g×，====．故*为：4：5；6：5．点评：本题考查了物体的漂浮条件以及阿基米德原理的理解和运用，判断物体所受浮力大小时，首先根据浮沉条件确定物体静止时所处的位置，然后选择相应的公式进行分析．利用好“实心物体密度小于水的密度，物体漂浮在水面上”是本题的突破口．　　13．如图所示电路，电压U不变，电流表的示数为1A．如果R1与R2的等效电阻为R，并且R1：R=5：3，电阻R2消耗的电功率为24W，则电阻R1=　　　　　　Ω．　考点：电功率的计算．.专题：计算题；电能和电功率．分析：由电路图可知，R1、R2并联，根据并联电路的电流特点和欧姆定律表示出干路电流，根据欧姆定律可知电源的电压和总电阻的大小相等，再根据R1、R的关系表示出电源的电压，联立等式得出R1、R2之间的关系，把以上关系时代入电阻R2消耗的电功率P=即可得出电阻R1的阻值．解答：解：由图可知：R1、R2并联，根据并联电路的电流特点可得：I=I1+I2=+=1A﹣﹣﹣﹣﹣﹣①由欧姆定律可得：电路的总电阻R==﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣②已知R1：R=5：3，所以R=0.6R1﹣﹣﹣﹣﹣③由①②两式可得R2=1.5R1﹣﹣﹣﹣﹣﹣④已知P2==24W﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣⑤把②③④两式代入⑤可得：R1=100Ω．故*为：100．点评：本题考查了并联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的灵活运用，关键是等效电阻的灵活运用最好用欧姆定律来表示，若用电阻的并联特点来表示会较麻烦．　三、作图题（每小题2分，共6分）14．如图所示物体AB通过凸透镜所成正立、放大的像A′B′，请画出凸透镜的位置，并确定该透镜焦点F．考点：透镜的光路图．.专题：透镜及其应用．分析：利用凸透镜的两条特殊光线：过光心的光线其传播方向不变；过焦点的光线经凸透镜折*后折*光线平行于主光轴；根据光路可逆和图示作出透镜和焦点的大致位置．解答：解：连接物像的端点B、B′并延长与主光轴交于O点，O点为凸透镜的光心，过O点垂直主光轴作出凸透镜；从B点平行于主光轴作一条入*光线，交与凸透镜与E点，连接B′E并延长交于主光轴F点，F点为凸透镜的一个焦点，EF为入*光线BE的折*光线，在凸透镜的左侧对称的作出另一焦点F，如图所示：点评：在作右侧焦点时利用了光路可逆，过焦点的光线经凸透镜折*后平行于主光轴，而且一定过像点B′；凸透镜有三条特殊光线：过光心的光线其传播方向不变；过焦点的光线经凸透镜折*后折*光线平行于主光轴；平行于主光轴的光线经凸透镜折*后折*光线通过焦点．15．如图是一种活塞式抽水机示意图，请在图中画出手柄所受动力F1的力臂及阻力F2．考点：力臂的画法．.专题：简单机械．分析：先确定阻力作用点（即B点），然后过阻力作用点表示阻力的方向（即竖直向下）；已知支点和动力的方向，过支点作力的作用线的垂线段（即力臂）．解答：解：过B点作竖直向下的力（即阻力F2）；过支点O作垂直于动力作用线的垂线段（即动力臂L1）．如图所示点评：此类题的关键是掌握杠杆五要素，然后根据杠杆的五要素作出相应的作用力或力臂　16．将图中的电磁铁连入你设计的电路中，（在虚线框内完成），要求：电源电压恒定不变；电路能改变电磁铁磁*强弱；闭合开关S，小磁针受力静止时，其N、S极如图所示：　考点：通电螺线管的极*和电流方向的判断；磁极间的相互作用；安培定则；影响电磁铁磁*强弱的因素；滑动变阻器的使用．.专题：作图题；压轴题．分析：由磁极间的相互作用规律可知，通电螺线管的左端应为N极，再由右手螺旋定则得出电流从右边的导线流入，通电螺线管的磁*要发生变化，应在电路中串联滑动变阻器．解答：解：如图：点评：本题考查了磁极间的相互作用规律、右手螺旋定则、滑动变阻器的综合应用．　　四、简答题（4分）17．南宋诗人杜耒的诗句“寒夜客来茶当酒，竹炉汤沸火初红，寻常一样窗前月，才有梅花便不同．”描绘了中华民族沐浴着如酒、如月、如梅的茶香，修身养*，生生不息．*的茶文化历史有多长，*的茶就有多香．泡茶过程中有许多物理知识，请举两例．考点：沸腾及沸腾条件；扩散现象．.专题：汽化和液化、升华和凝华；分子热运动、内能．分析：（1）影响蒸发快慢的因素有：液体的温度；液体的表面积；液体上方的空气流动速度，升高液体的温度可以加快蒸发；（2）分子运动速度和物体的温度有关系，温度越高，分子运动越剧烈，扩散越快；（3）壶嘴会冒“白气”，首先我们要知道“白气”是液态的，然后分析是怎样形成的；解答：答：（1）加热可以使新鲜茶叶中的水分温度升高，从而加快蒸发，达到“杀青”的目的．（2）用沸水才能很快泡出茶香、茶*，这是因为温度越高，分子运动越剧烈，扩散越快．（3）壶嘴会冒“白气”，这些白气是由壶嘴冒出的水蒸气遇冷液化形成的．点评：此题属于开放*题目，涉及的知识点比较多，有：影响蒸发快慢的因素、扩散现象、液化等，是一道综合题，体现了物理来源于生活，服务于社会的新课程理念．　　　五、实验题（共15分）18．某班同学在“探究滑轮组的机械效率与哪些因素有关”时，他们猜想滑轮组的机械效率可能与动滑轮的个数、物重和物体上升的高度等因素有关，各小组利用如图所示的装置进行验*，杨阳那组得到的实验数据如表：[来源:学#科#网]实验次数物重（N）物体上升的高度（m）拉力（N）绳子自由端移动的距离（m）机械效率（%）110.10.60.283.3210.10.40.462.5320.10.650.476.9410.20.60.483.3（1）比较第1、2次实验数据得出：用不同的滑轮组提升相同的物体，动滑轮个数越多，　　　　　　；比较第2、3次实验数据得出：同一个滑轮组，提升的物体越重，　　　　　　；比较第1、4实验数据得出：同一个滑轮组的机械效率与物体上升的高度　　　　　　．（2）在测拉力时，某同学觉得很难使测力计做匀速直线运动，不便于读数，就让*簧测力计处于静止状态时才读数，该同学的读数与实际相比　　　　　　（选填“偏大”、“偏小”或“不变”），测得机械效率　　　　　　（选填“偏高”、“偏低”或“不变”），说明滑轮组的机械效率还与　　　　　　有关．（3）有两个组所用的动滑轮重量相同，提升的物体也相同，测的机械效率却不同，原因可能是绳子滑轮或滑轮轴之间的　　　　　　不同，影响了测量结果．所以，我们在生活中经常给各种机械加润滑油，是为了　　　　　　它的机械效率．考点：滑轮（组）机械效率的测量实验．.专题：测量型实验综合题．分析：（1）比较第1、2次实验数据可知机械效率与动滑轮个数的关系；比较第2、3次实验数据可知，机械效率与物重间的关系；比较1、4次实验数据可知机械效率与物体上升高度的关系；（2）知道*簧测力计做匀速运动，物体受力才平衡．在提升物体时，不仅要克服动滑轮的重力，还要克服摩擦力．当静止时读数，则所测拉力偏小，机械效率偏大．（3）从摩擦的大小方面进行分析，在同等情况下，摩擦力越小，机械效率越高．解答：解：（1）比较第1、2次实验数据得出：用不同的滑轮组提升相同的物体，动滑轮的个数越多，其机械效率越低；比较第2、3次实验数据得出：同一个滑轮组，提升的物体越重，它的机械效率越高；比较第1、4次实验数据可知，两次实验时的效率相同，因此同一个滑轮组的机械效率与物体上升的高度无关；（2）要正确测量拉力，所以*簧测力计需要做匀速运动．而当*簧测力计静止读数时，便不会存在摩擦力对拉力的影响，所以所测拉力偏小，机械效率偏高；说明滑轮组的机械效率还与物体的运动状态有关；（3）两个小组所用的动滑轮重量相同，提升的物体也相同，测得的机械效率却不同，原因可能是绳子与滑轮或滑轮轴之间的摩擦同，影响了测量结果；所以，我们在生活中经常给各种机械加润滑油，是为了减小摩擦，提高机械效率．故*为：（1）机械效率越低；机械效率越高；无关；（2）偏小；偏高；运动状态；（3）摩擦；提高．点评：此题是“探究滑轮组的机械效率”实验，考查了滑轮组机械效率的计算，根据数据分析影响滑轮组效率的因素．19．如图是小*做“探究影响导体电阻大小的因素”实验所采用的电路，是四根合金丝，用一个电压表分别测出它们两端的电压，得到一次实验部分数据如表所示．导体材料长度横截面积电压表示数/Va镍铬LS1.0b镍铬2LSc镍铬L2S0.5d镍铬LS（1）四根金属丝串联在电路中，它们两端的电压之比等于它们的　　　　　　之比；为探究电阻大小与横截面积的关系，应比较合金丝a和　　　　　　两端的电压；合金丝d两端的电压如图乙所示，示数为　　　　　　V．（2）在得到上表数据的过程中，　　　　　　（选填“能”或“不能”）改变滑动变阻器滑片的位置；为得到更可靠的实验结论，应多次实验，每次测量合金丝两端电压之前，需进行一项实验*作是　　　　　　．（3）关于导体电阻与长度的关系，小*还进行了理论探究：某金属丝电阻为R，长度为L，若把n根这样的电阻丝串联在电路中，则总长度为nL，总电阻为　　　　　　，从而得到导体电阻与长度的关系；依此关系，上表中b合金丝两端的电压应该为　　　　　　V．考点：影响电阻大小的因素．.专题：探究型实验综合题．分析：（1）在图1中，实际上是利用在串联电路中（I相同）导体两端的电压与导体的电阻成正比，通过电压表示数的大小来反映电阻大小的；要探究导体的电阻跟导体的横截面积的关系，根据控制变量法的思路，要保*导体的材料和长度都相同，导体的横截面积不同；电压表的读数方法：首先确定量程，然后分清分度值，根据指针位置读数；（2）在同一次实验中，应保*电压不变；为了使结论更具普遍*，要改变电阻两端的电压进行多次实验；（3）把长度L的电阻丝分成n段相等长度的小段，比较在横截面积、材料相同的条件下，导体的电阻与长度成正比；根据串联联电路的分压作用和串联电路中（I相同）导体两端的电压与导体的电阻成正比，判断合金丝b两端的电压．解答：解：（1）当通过导体的电流相同时，根据欧姆定律可知，导体两端的电压与导体中的电流成正比，可以利用电压表的示数来反映导体电阻的大小；要探究导体的电阻跟导体的横截面积的关系，就要保*导体的材料和长度都相同，而导体的横截面积不同，所以选择a和c电阻丝；电压表0﹣3V的量程对应的分度值为0.1V，根据指针位置电压为0.4V；（2）在得到上表数据的过程中，为了保*电压不变，不能改变滑动变阻器滑片的位置；为得到更可靠的实验结论，应改变电阻两端电压进行多次实验，每次实验测量合金丝两端电压之前，需进行的一项实验*作是调节滑动变阻器的滑片到不同的位置；（3）n条长为l、电阻为R的导体，我们可以把它看成是由n段长度同为l电阻同为R的导体串联而成的，这n段导体的材料、横截面积都相同，则总长度为nL，总电阻为nR；合金丝b的长度是a的2倍，所以b两端的电压U=2×1V=2V．故*为：（1）电阻；c；0.4；（2）不能；调节滑动变阻器的滑片到不同的位置；（3）nR；2．点评：本题考查了串联电路中电压与电阻的关系、影响电阻大小的因素、电压表的读数、滑动变阻器的使用等知识点，是一道综合*题目，有一定难度．六、计算题（共23分）20．如图所示是杨才家的电热水壶的铭牌，他用该电热水壶将1.5kg的水从20℃加热到100℃．（1）水吸收的热量是多少？〔c水=4.2×103J/（kg•℃）〕（2）若电热水壶正常工作，且产生的热量全部被水吸收，需要加热多少时间？（3）若电热水壶实际加热时间大于上述计算的加热时间，可能的原因有那些？（写出两种）考点：电功与热量的综合计算．.专题：电和热综合题．分析：（1）知道水的质量、水的比热容和水温度的升高值，利用吸热公式求水吸收的热量；（2）电热水器在正常工作状态下的电功率为额定功率，利用Q吸=W=Pt求加热时间；（3）由于产生的热量全部被水吸收，若实际加热时间长，原因可能是有热损失，电热水器消耗的电能不能被水全部吸收；也可能是电热水器的实际电压低于额定电压，使实际功率低于额定功率．解答：解：（1）水吸收的热量：Q吸=cm（t﹣t0）=4.2×103J/（kg•℃）×1.5kg×（100℃﹣20℃）=5.04×105J；（2）因为电热水壶正常工作，所以P=P额=1500W由题知W=Pt=Q吸=5.04×105J所以t===336s=5.6min；（3）电热水壶实际加热时间大于上述计算的加热时间，原因可能是：①电热水壶产生的热量没有全部被水吸收，②电热水壶实际工作电压小于额定电压．答：（1）水吸收的热量是5.04×105J．（2）若电热水壶正常工作，且产生的热量全部被水吸收，需要加热5.6min．（3）原因可能是：①电热水壶产生的热量没有全部被水吸收；②电热水壶实际工作电压小于额定电压．点评：本题是一道电学与热学的综合应用题，综合考查了热量的计算、电功率的计算，要求灵活运用相关公式．21．从距离水平面3m的高处由静止释放一棱长为10cm的正方体木块，空气阻力忽略不计，用压力传感器记录了从木块撞击地面开始到完全静止时的压力变化情况，并根据记录的数据绘制了压力随时间变化的关系图象，如图所示．（g取10N/kg）求：（1）木块的密度；（2）木块下落过程中，重力所做的功；（3）木块对地面的最大压强．[来源:Z|xx|k.]考点：密度的计算；压强的大小及其计算；功的计算．.专题：密度及其应用；压强、液体的压强；功、功率、机械效率．分析：（1）根据绘制了压力随时间变化的关系图象，可得出木块静止时对地面的压力，利用G=mg求得其质量，已知木块的棱长，可求得其体积，然后利用ρ=可求得其密度．（2）根据（1）求得的木块的重力，利用W=Gh求得重力所做的功；[来源:学#科#网Z#X#X#K]（3）利用p=求得木块对地面的最大压强．解答：解：（1）木块的体积：V=10cm×10cm×10cm=1000cm3=1×10﹣3m3，根据记录的数据绘制了压力随时间变化的关系图象，可知木块静止时对地面的压力F=5N，木块的重力：G=F=5N，由G=mg可知，木块的质量：m===0.5kg，木块的密度：ρ==0.5×103kg/m3；（2）重力所做的功：W=Gh=5N×3m=15J；（3）由图象可知，木块撞击地面时的最大压力为35N，接触面积：S=10cm×10cm=100cm2=1×10﹣2m2，则木块对地面的最大压强：p===3.5×103Pa；答：（1）木块的密度为0.5×103kg/m3；（2）木块下落过程中，重力所做的功为15J；（3）木块对地面的最大压强为3.5×103Pa．点评：此题综合考查了密度的计算，压强的大小及其计算，本题有一定的拔高难度，属于难题；由图示图象求出木块对地面的压力是正确解题的前提与关键，应用密度公式、功的计算公式与压强公式可以解题．22．如图所示的电路中，电源电压不变．电阻R1的阻值为20Ω，滑动变阻器R2上标有“100Ω2A”字样．闭合电键S，电流表A的示数为0.4A，电压表V的示数为10V．求：（1）电阻R2连入电路的阻值；（2）电源电压U；（3）现用阻值为10Ω的电阻替换R1，要求在移动变阻器滑片P的过程中，不更换电表量程，两电表的指针能达到满刻度处，且电路能正常工作，求变阻器R2连入电路的阻值范围．考点：欧姆定律的应用．.专题：欧姆定律．分析：由电路图可知，R1与R2串联，电压表测R2两端的电压，电流表测电路中的电流．（1）根据欧姆定律求出电阻R2连入电路的阻值；（2）根据电阻的串联和欧姆定律求出电源的电压；（3）用阻值为10Ω的电阻替换R1后，要求不更换电表量程时两电表的指针能达到满刻度处，则根据滑动变阻器允许通过的最大电流可知电流表的量程，根据电阻的串联求出电压表的示数为3V时替换电阻两端的电压，根据欧姆定律求出电路中的电流，然后与电流表的量程相比较确定电压表的量程；当电路中的电流最大时滑动变阻器接入电路中的电阻最小，根据欧姆定律求出电路中的总电阻，利用电阻的串联求出其大小；当电压表的示数最大时滑动变阻器接入电路中的电阻最大，根据串联电路的电压特点求出替换电阻两端的电压，根据欧姆定律求出电路中的电流，再根据欧姆定律求出R2的最大阻值，进一步得出*．解答：解：由电路图可知，R1与R2串联，电压表测R2两端的电压，电流表测电路中的电流．（1）由I=可得，电阻R2连入电路的阻值：R2===25Ω；（2）因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，所以，电源的电压：U=I（R1+R2）=0.4A×（20Ω+25Ω）=18V；（3）用阻值R3=10Ω的电阻替换R1后，因不更换电表量程时两电表的指针能达到满刻度处，且滑动变阻器允许通过的最大电流为2A，所以，电流表的量程为0～0.6A，因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以，当电压表的示数为3V时，R3两端的电压：U3=U﹣U2′=18V﹣3V=15V，因串联电路中各处的电流相等，所以，电路中的电流：I′===1.5A＞0.6A，则电压表的量程为0～15V；当电路中的电流I大=0.6A时，滑动变阻器接入电路中的电阻最小，则电路中的总电阻：R===30Ω，滑动变阻器接入电路中的最小阻值：R2小=R﹣R3=30Ω﹣10Ω=20Ω，当电压表的示数U2大=15V时，滑动变阻器接入电路中的电阻最大，此时替换电阻两端的电压：U3小=U﹣U2大=18V﹣15V=3V，电路中的最小电流：I小===0.3A，滑动变阻器接入电路中的最大阻值：R2大===50Ω，所以，变阻器R2连入电路的阻值范围为20Ω～50Ω．答：（1）电阻R2连入电路的阻值为25Ω；（2）电源电压为18V；（3）变阻器R2连入电路的阻值范围20Ω～50Ω．点评：本题考查了串联电路的特点和欧姆定律的应用，关键是电表量程的确定和变阻器接入电路中最大、最小阻值的确定．